题解 codefores 845B 原题 Luba has a ticket consisting of 6 digits. In one move she can choose digit in any position and replace it with arbitrary digit. She wants to know the minimum number of digits she needs to replace in order to make the ticket lucky…

题目源自codeforeces的三场contest contest/1043+1055+1076 目前都是solved 6/7,都差了最后一题 简单题: contest/1043/E: 先不考虑m个限制,求出每个人与其他所有人组队的情况下这个人获得的分数 对于当前的 i ,如果他与 j 组队时 i 做第一题,则有 xi + yj <= xj + yi 即 xi - yi <= xj - yj,排序累加计算即可 contest/1055/C: 注意到 la 与 lb 的差距会由于 t0 和 t1…

计算几何二维基础…

E. XOR and Favorite Number time limit per test 4 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output Bob has a favorite number k and ai of length n. Now he asks you to answer m queries. Each query is given by a pai…

B. Bakery time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output Masha wants to open her own bakery and bake muffins in one of the n cities numbered from 1 to n. There are m bidirectional roads,…

E. Test time limit per test2 seconds memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard output Sometimes it is hard to prepare tests for programming problems. Now Bob is preparing tests to new problem about strings - input data to…

C. Simple Strings time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output zscoder loves simple strings! A string t is called simple if every pair of adjacent characters are distinct. For example a…

题目很长,稍微翻译一下: 外星球每隔T秒中只有一秒可以被观测到,其它T-1秒无法被观测.n个天文学家(分别编号为1,...,n)轮流观测天空1秒,且第i+1个科学家在第i个天文学家后ai+1秒后才执行观测,而第一个天文学家则在第n个天文学家后a1秒后才执行观测,且第一个天文学家在0秒时执行第一次观测(即第一个天文学家观测的时间是[0,1),第二个科学家在[a2,a2+1)时观测,而最后一个天文学家在[a2+a3+...+an-1,a2+a3+...+an-1+1)时观测,之后再过a1秒后第一个天…

题目大意 考虑一个 $x\times y$ 的矩阵 $A_{x\times y}$ ,$A_{i,j} = (i-1)x+y$ . 从矩阵中的某个位置出发,每次可向上下左右移动一步,每到一个位置,记录下此位置上的数,如此可得到一个序列. 现给定序列 $a_1, a_2, \dots, a_n$,判断是否存在 $x,y$ 使得在 $A_{x,y}$ 中移动能得到此序列. 解法 考察 $|a_{i+1} - a_{i}|$,显然有 $|a_{i+1} - a_i| = 1$ 或 $|a_{i+1}…

给一个序列,每次操作对这个序列中的所有数异或一个x,问每次操作完以后整个序列的mex值. 做法是去重后构建01字典树,异或x就是对root加一个x的lazy标志,每次pushDown时如果lazy的这一位是1,则交换左右儿子.找mex的话只要每次往左走,如果左子树是满的,则往右走,并且加上左边相应造成的贡献.具体见代码: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; ; typedef long long ll; int n, m; struct…