传送门 就是一个另类最短路啊. 利用颜色判断当前节点的最小花费的前驱边中有没有跟当前的边颜色相同的. 如果有这条边费用为0,否则费用为1. 这样跑出来就能ac了. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 500005 #define M 500005 using namespace std; inline int read(){ int ans=0; char ch=getchar(); while(!isdigit(ch))ch=getchar(); wh

具体题解又要搬大哥的了,嘿嘿~ 请点击:G点我 这道题目的难点就是同一家公司的路直接走不需要再花费,然后多了一个公司这个东西,这个不像是边的副权值(瞎说的)之类的东西,这是对于路来说的,路的属性... 其实稀里哗啦说了那么多,真的觉得这个方法实在是太棒了: 将点和公司组合构造新点,然后新点的路我们可以构造,根据题意,同一家公司的路不需要花费即(u,c)<=>(v,c)之间距离=0: 然后u到(u,c)是1,v到(v,c)是1,建双向边. 这可以解决的是同一家公司的路不花费,把点边点根据题意拆分

目录 Catalog Solution: (有任何问题欢迎留言或私聊 && 欢迎交流讨论哦 Catalog Problem:传送门  Portal  原题目描述在最下面.  \(n(1e5)\)个点, \(m(2e5)\)条边, 每条边有一个属性值.经过一条同一属性值的连续路径花费为1.问从1到n的最小花费. Solution: 我的解法  直接边最短路搞,然后t的飞起.仔细一想,这样写的话有\(2e5\)个点,边数更是多到飞起,拿命跑啊,不过代码我还是放下面. 正解:拆点  把一条\(u

水过前三道题之后,一直在写这个题,做不对.总有那么几组数据过不去... 看了看题解是最短路,这思路感觉很神奇.看了下唯一做出来这题的那人的代码,是搜索做的. 标程: 对每个数字x,向x+1建一条花费为1的边,向x * 10建一条花费为0的边,这样1---0的最短路+1就是结果了. 可能有人会疑惑9+1=10,费用确是+1这里,因为1 * 10=10已经向10建立了一条更短的边了,9+1=10那条边就不会走了. 看看代码就懂了. #include <bits/stdc++.h> using na

题目链接 题意:有 \(n\) 个城市,它们由 \(m\) 条双向道路连接,保证它们能够彼此到达.第 \(i\) 条道路连接 \(u_i,v_i\),需要花费 \(x_i\) 个银币,耗费 \(t_i\) 秒的时间.每个城市处都有兑换银币处,第 \(i\) 个城市中你可以用 \(1\) 个金币兑换 \(c_i\) 个银币,可以兑换无限次,不过兑换 \(1\) 次需要花费 \(d_i\) 秒的时间.你一开始在 \(1\) 号城市,有 \(s\) 个银币和无限多的金币,求到其它城市需要耗费的最小时间

AtCoder Regular Contest 061 C.Many Formulas 题意 给长度不超过\(10\)且由\(0\)到\(9\)数字组成的串S. 可以在两数字间放\(+\)号. 求所有方案的数字和. 思路 \(2^{|S|-1}\)枚举加号的放置状态 代码 Many Formulas D.Snuke's Coloring 题意 在一个\(H \times W(3 \le H,W \le 10^9)\)的棋盘上,有\(N(N \le 10^5)\)个格子被染成黑色,其余格子为白色.

C - Candies 链接:https://arc090.contest.atcoder.jp/tasks/arc090_a 题意:从左上角走到右下角,只能向右和向下走,问能最多能拿多少糖果. 思路:dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1])+dp[i][j]; 代码: #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> us

AtCoder ExaWizards2019题解 AtCoder (因为代码直接用模板写的,可能有点冗长) A.Regular Triangle 给你三根棍子的长度,问你能否用他们组成等边三角形. 什么逗逼玩意? #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #inc

AtCoder ExaWizards 2019 简要题解 Tags:题解 link:https://atcoder.jp/contests/exawizards2019 很水的一场ARC啊,随随便便就ABCDE了,F最后想到了还没有写出来. D题花了太久时间所以只有Rank31,我是真的菜. 嘿嘿嘿,上述装逼方式是我最为反感的机房里的言语,既然快退役了,也就学一学,感受一下机房里dalao们怎么样装逼一时爽.一直装逼一直爽,听者一时丧,一直听一直丧的快感咯 有意思的题应该是DE了. A Regu

打了场beginner的AtCoder,也是我第一次打AtCoder,虽然AK了,但是由于手速慢+撒比,才#471… 比赛链接:https://beta.atcoder.jp/contests/abc070 T1.题意:给一个三位数,判断是否回文 #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<algorithm> using nam

A - Two Integers 如果\(X\)是\(Y\)的倍数的话不存在 可以输出\(X \cdot (\frac{Y}{gcd(X,Y)} - 1)\) 代码 #include <bits/stdc++.h> #define fi first #define se second #define pii pair<int,int> #define pdi pair<db,int> #define mp make_pair #define pb push_back #

前言: 因为要普及了,今年没一等就可以退役去学文化课了,所以暑假把历年noip普及组都刷了一遍,离noip还有50+天,想弄点强化训练什么的. 想了想,就这些天学文化课之余有空就把AtCoder之前那些ARC 的 C D E 什么的刷一下吧(一般是D,可能会有简单一点的E和难一点的C)(可能会很慢,毕竟基本有时间也就周末了) 所以就开了这个坑鞭策一下自己,上个坑是dp的,开了50题,补的巨累...这次吸取教训,只开20题...(也没那么多时间去刷题了) 不会说题意,题意的话可以上网找或者去原站看

AtCoder Grand Contest 014 A - Cookie Exchanges 有三个人,分别有\(A,B,C\)块饼干,每次每个人都会把自己的饼干分成相等的两份然后给其他两个人.当其中有一个人的饼干数量是奇数的时候停止,求会进行几次这样子的操作,或者会永远进行下去. 首先无解的情况一定是三个数都是相等的偶数. 否则直接暴力模拟就行了.(盲猜答案不会很大) 证明一下答案的范围:不妨令\(A\le B\le C\),那么最大值和最小值之间的差就是\(C-A\),那么执行完一次操作之后

Atcoder Grand Contest 036 D - Negative Cycle 解题思路 在某些情况下,给一张图加或删一些边要使图合法的题目要考虑到最短路的差分约束系统.这一题看似和最短路没什么关系,但有一个不那么经典的推论,对于一个点 \(u\) 不在负环上的一个充要条件是 \[ \forall_{\text{Edge }v\rightarrow u} dis(S,v)+weight(v, u)\geq dis(S,u) \] 其中 \(S\) 是图中任意与 \(u\) 联通的一点.

目录 Contest Info Solutions A. Fifty-Fifty B. Ordinary Number C. Divide the Problems D. Blue and Red Balls E. Hopscotch Addict F. Small Products Contest Info Practice Link Solved A B C D E F 6/6 O O O O Ø O O 在比赛中通过 Ø 赛后通过 ! 尝试了但是失败了 - 没有尝试 Solutions A

题意:求$K$的倍数中数位和的最小值. 一开始有一种思路:由于产生答案的数字可能非常大,不便枚举,考虑转化为构造一个数字可以有$x\mod k=0$.然后二分答案数位和,数位DP检验是否存在,但是由于数位DP还是局限于有限大小的数字,所以并不可行.````` 套路见少了.实际上,这种构造数字满足某些条件的,一定可以把目标数字看成是一位一位写下来的,比如$114514$,可以看成逐步写下$1,1,4,5,1,4$不断$\times 10$做加法的结果.所以考虑设$dis_i$为所有$x\mod k

题目链接 https://atcoder.jp/contests/agc036/tasks/agc036_d 题解 这都是怎么想出来的啊..目瞪口呆系列.. 第一步转化至关重要: 一张图中不存在负环意味着什么? 不存在负环就存在最短路,我们可以给每个点分配一个权值\(p_i\)(相当于从\(1\)号到该点的最短路,点从\(1\)开始标号)满足对于任何边\((i,j)\)有\(p_j\ge p_i+w(i,j)\). 然后我们令\(q_i=p_i-p_{i+1}\), 那么由于边权都是\(1\)或

AGC024(5.20) 总结:猜结论,“可行即最优” B: 给定一个n的排列,每次可以将一个数移到开头或结尾,求变成1,2,...,n所需的最小步数. 找到一个最长的i,i+1,...,j满足在排列中的位置递增,这些数可以保留,答案就是n-(j-i+1). C: 给定一个数列A,初始数列X全为0,每次可以让X[i+1]=X[i]+1,求最少多少次能变成A. 首先特判掉A[1]>0和A[i+1]>A[i]+1的情况,然后如果A[i+1]=A[i]+1,那么只需要ans++,否则ans+=A[i

https://atcoder.jp/contests/arc060/tasks/arc060_b 先考虑一些特殊情况: $$n>s$$ $$n=s$$ $b$小于$sqrt(N)$可以枚举,如何找到大于$sqrt(N)$的$b$是关键. 在$x$(x>sqrt(N))进制下有: $$a*x+b=n$$ $$a+b=s$$ 即 $$n-s=(x-1)*a$$ $x-1$一定是$n-s$的因子 枚举$n-s$的因子然后检验即可 https://atcoder.jp/contests/arc060

AtCoder Beginner Contest 079 D - Wall Warshall Floyd 最短路....先枚举 k #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; ][]; int H, W, A, ans; int main() { scanf("%d%d", &H, &a