update 这篇文章已废,因为有了 http://m1.codeforces.com codeforces是不是很慢呢?反正蒟蒻打比赛的时候经常几分钟打不开题面然后就被吊打了... 于是几番周折整理了一点解决办法. hosts替换字体库 codeforces加载google的字体库需要很长时间,可以通过修改hosts找到字体的替代. Win10的文件位置 C:\Windows\System32\drivers\etc\hosts Ubuntu16.04的文件位置 /etc/hosts 用管理员

[题目链接]:http://codeforces.com/contest/796/problem/C [题意] 给你n个节点,你一开始选择一个节点,然后打掉它,然后与被打掉过的节点相连的节点才能被 打掉,但打掉一个点之后,与它距离小于等于2的节点的权值会增加1(如果中间节点有被打掉的,则不增加,即被切断了); 重复上述步骤,直至所有节点被打掉,能打掉某个节点,你需要满足:你的权值大于等于这个节点的权值.求一开始你的 权值的最小值; [题解] 思路在这里http://blog.csdn.net/h

传送门:https://codeforces.com/contest/540/problem/E 题意: 有一段无限长的序列,有n次交换,每次将u位置的元素和v位置的元素交换,问n次交换后这个序列的逆序对个数为多少 题解: 因为值域范围为1e9,而n的范围只有1e5,所以我们肯定是不能直接交换的,对n次操作离散化,离散化后的数组最大为2e5,这里需要用到一些离散化的技巧. 将每次交换的u,v两个点放到map里面,键为pos,值为0 然后对于map映射,值就是离散化后的下标 离散化后我们应该做什么

题目大概说给一张地图,地图每个格子都有0到9中的某一个数字.现在要在一个格子放炸弹,炸弹爆炸后水柱有两种扩展方式,一种是上.下.左.右,另一种是左上.右下.右上.左下,且四个方向的长度都一样.问放哪个格子怎么爆炸使得水柱覆盖的格子上的数字乘积最大,结果模1e9+7. 这题不会做.. 首先,各个格子的值取对数,这个为了比大小,因为需要模数,通过取对数缩小值.另外也把乘法转化成加法.这是个挺经典的技巧. 接下来,水柱的话肯定不能延长到0,不然功亏一篑,那么利用DP求出各个格子向8各个方向能延长多长,

方法:从根节点开始广搜,如果遇到了应该删除的点,就再广搜删掉它的子树并标记,然后统计一下被标记的个数就是答案,所谓技巧就是从根节点开始搜索的时候,如果遇到了某个节点的距离<0,就让它是0,0可以消除负数效应,让后面的点重新参与正常删除操作,这个方法的正确性不难证明,可以自己画一下图.而且还有比较方便的方法就是,记录不被删除的点,然后n-他们就可以了. 代码如下: #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring&g

传送门 题意: 给出一个数x,有两个操作: ①:x ^= 2k-1; ②:x++; 每次操作都是从①开始,紧接着是② ①②操作循环进行,问经过多少步操作后,x可以变为2p-1的格式? 最多操作40次,输出操作数和所有操作中步骤①的操作数的k: 我的思路: 操作①每次都是异或 (k-1) 个1: 我们最终的结果是将 x 变为(p-1)个1: 那么,我们只要每次异或操作都将x中最高的0位变为1: 因为x最多只有20位,所以,完全可以在40个操作内将x变为(p-1)个1: 例如: 7654321(位置

https://codeforces.com/problemset/problem/813/D dp[i][j] = 一条链以i结尾, 另一条链以j结尾的最大值 关键要保证转移时两条链不能相交 #include <iostream>#include <cstdio> #define REP(i,a,n) for(int i=a;i<=n;++i) using namespace std; , M = 1e7+; int n; int a[N], dp[N][N], x[M],

题目链接:http://codeforces.com/contest/699/problem/B 题解: 首先统计每行每列出现'*'的次数,以及'*'出现的总次数,得到r[n]和c[m]数组,以及sum,.然后再枚举每一个格子(O(n^2)枚举,反正输入都是枚举的). 对于每一个格子s[i][j]: 1.如果它是'*', 那么当 r[i] + c[j] - 1 = sum 时, 表明炸弹放在这个位置可以炸掉所有的墙. 2.如果它是'.', 那么当 r[i] + c[j] = sum 时, 表明炸

题意 : 给你 N ( 1 ≤ N ≤ 16 ) 个质数,然后问你由这些质数作为因子的数 ( 此数不超 10^18 ) & ( 不一定需要其因子包含所给的所有质数 ) 的第 k 个是什么 分析 :  由于各项的数据范围都太过于大,所以考虑从比较小的 N 入手 由于 N 比较小,所以可以先到是否能折半枚举,先将质数分成两个集合 然后分别处理出两个集合的所有不超过 10^18 次方的以集合内的数作为因子的数(DFS可以构造) 最后这些数的个数貌似是可以接受的,至于证明貌似出题人也在题解评论下面说可以

题意就是一次次翻转字符串 然后输出最终的字符串 暴力一发O(n*m)果然超时了 因为每次翻转的的都是a-1到对称位置 所以一个位置翻转两次等于没有操作 所以只需要记录一下len/2的位置前的操作次数 O(len/2)…… #include<stdio.h> #include<iostream> #include<algorithm> #include<math.h> #include<string.h> #include<string>

题目链接:900 E. Maximum Questions 题意: 给出一个长度为n只含有a和b还有'?'的串s,且'?'可以被任意替换为a或b.再给出一个字符串t (奇数位上为a,偶数位上为b,所以在题目中只给出了t的长度m),现在要求保证t在s中出现的次数最多的情况下面,使用'?'最小的情况使用了几个问号. 题解: 拿到这个题目可以看出是DP,但是比较难以解决的就是如何确定在第i个位置时前面m个字符能够满足t,这里我看了别人的题解 -.-哇,震惊!首先的话先对'?'做前缀和,然后设置两个数组

You are given an integer nn from 11 to 10181018 without leading zeroes. In one move you can swap any two adjacent digits in the given number in such a way that the resulting number will not contain leading zeroes. In other words, after each move the

链接 题意 给定数组, 每次操作先将数组排序, 再将奇数位全部异或x, 求k次操作后数组最大值与最小值 (1 ≤ n ≤ 105, 0 ≤ k ≤ 105, 0 ≤ x ≤ 103) 题解 直接暴力模拟是O(nk)的, 注意到元素范围均较小可以用桶达到O(1024*k) 该题k过大时会好像一定出现循环, 然后暴力模拟几次也能过, 没看出来怎么证明... #include <iostream>#include <cstdio> #include <algorithm> #

A. Karen and Morning time limit per test 2 seconds memory limit per test 512 megabytes input standard input output standard output Karen is getting ready for a new school day! It is currently hh:mm, given in a 24-hour format. As you know, Karen loves

Iahub wants to meet his girlfriend Iahubina. They both live in Ox axis (the horizontal axis). Iahub lives at point 0 and Iahubina at point d. Iahub has n positive integers a1, a2, ..., an. The sum of those numbers is d. Suppose p1, p2, ..., pn is a p

2017-08-01 21:35:53 writer:pprp 集训第一天:作为第一道题来讲,说了两种算法, 第一种是跟二进制数联系起来进行分析: 第二种是用深度搜索来做,虽然接触过深度搜索但是这种题型还是我第一次见: 题目: 统计1~n之间有多少数字只由0,1构成 1 ≤ n ≤ 1e9 用深度搜索解决这种问题: 代码如下: #include <iostream> #include <map> using namespace std; map<int,int>vis;

一开始写的第一步让0和1一起走然后第二步再让0走会挂最后一个点--然后探索一下觉得主要问题在于我模拟的一步一步地走.如果这样的话9 2这个数据会使第17步他俩就碰在final点了,而实际上我们想要的效果是他们走第18步时差一格,然后第20步碰上后大家一起,所以提前碰到会炸.故而要两步两步地走才行,发现01碰到了就跳出然后大家一起走. int main() { ios_base::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0); auto Read = []

自己水平太低,不丢人. 结论是最后选取的数后缀一定是若干个9,暴举即可.然而暴举也有暴举的艺术. ll n; ll dfs(ll n) { if (n == 0) return 1; if (n < 10) return n; return max(dfs(n / 10) * (n % 10), dfs(n / 10 - 1) * 9); } int main() { ios_base::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0); cin >>

传送门 题意:给定一个数,可以对其做交换相邻两个数字的操作.问最少要操作几步,使得可以被25整除. 思路:问题可以转化为,要做几次交换,使得末尾两个数为00或25,50,75: 自己一开始就是先for一遍,记录四种可能对于的步数,再对四种可能讨论(有前导0的情况):自己是在数据中,该对了自己的代码, 看了队长和%王宣凯的代码,觉得那才是现场能ac的思路.--暴力交换: #include <iostream> #include <cstdio> #include <algori

ACM思维题训练集合 To confuse the opponents, the Galactic Empire represents fractions in an unusual format. The fractions are represented as two sets of integers. The product of numbers from the first set gives the fraction numerator, the product of numbers