【题解】Dvoniz [COCI2011]

传送门:\(\text{Dvoniz [COCI2011] [P5922]}\)

数据\(\text{COCI}\) 官网 提供。

【题目描述】

对于一个长度为 \(2 \times K\) 的序列,如果它的前 \(K\) 个元素之和小于等于 \(S\) 且后 \(K\) 个之和也小于等于 \(S\),我们则称之为 \(\text{interesting}\)。现给定一个长度为 \(N\) 的序列 \(a\),要求输出以每个元素开头能找到的最长 \(\text{interesting}\) 序列的长度。

【输入】

第一行两个整数 \(N,S\)。

接下来 \(N\) 行,每行一个正整数,第 \(i\) 行表示序列中的第 \(i\) 个元素 \(a_i\)。

【输出】

输出共 \(N\) 行,每行一个整数,第 \(i\) 行表示以 \(a_i\) 开头的最长的 \(\text{interesting}\)序列。如果不存在,则输出 \(0\)。

【样例】

样例输入:
5 10000
1
1
1
1
1 样例输出:
4
4
2
2
0

【数据范围】

\(100 \%:\) \(2 \leqslant N \leqslant 10^5,\) \(1 \leqslant S,a_i \leqslant 2 \times 10^9\)


【分析】

一道灰常 \(\text{interesting}\) 的题。

蒟蒻英语差没有细看官方题解,貌似是 \(O(nlogn)\) 的 \(set\),我自己 \(yy\) 了一种 \(O(n)\) 的神奇算法。

设以 \(a[i]\) 为起点的最长合法序列的中点为 \(mid_i\)(前半段为 \([i,mid]\),后半段为 \([mid+1,mid*2-i+1]\)),则 \(ans_i=2(mid_{i}-i+1)\)。

假设现已求出了 \(mid_{i-1}\),考虑 \(mid_i\) 与之有何联系,是否可以继承,如图:

由于 \(mid_{i-1}\) 左右两边的绿色部分都小于等于 \(S\),那么向前推移了一位的 \(i\) 以 \(mid_{i-1}\) 为中点也可以构成合法序列,如下图(易知两边的蓝色部分都一定小于等于 \(S\) ):

所以对于任意 \(i \in [2,n]\),都有 \(mid_{i-1} \leqslant mid_{i}\) 。

那么就可以用一个变量 \(p\) 来维护 \(mid\),从 \(1\) 开始不断地向后移动。

但有可能 \(mid[i-1]\) 并非是以 \(a[i]\) 开头的最优解,继续考虑对每个 \(i\) 求出最大的 \(mid\):

分开处理合法序列的左右两边,当 \(i\) 固定时,如果只看左边是否合法的话,那么从第一个不合法的位置开始,后面的都不合法(这不是理所当然的嘛),所以直接从 \(mid_{i-1}\) 开始向后暴力移动 \(p\)(也可以二分,但不便于后面的证明),扫到不合法的位置时就结束。此时在 \([mid_{i-1},p]\) 中任取一个位置作为 \(mid_{i}\) 都可以满足序列左边合法,现在开始处理右边。

右边对于 \(p\) 的移动是不具有单调性的,那么就暴力往回移动 \(p\),找到第一个使得右边序列合法的位置,此时 \(p\) 停留的位置必定是 \(mid_{i}\) 的最优值。

暴力,暴力,全都是暴力。对于每次 \(i\) 都要把 \(p\) 向后移动若干位置再移回来,时间复杂度似乎为 \(O(n^2)\),但实际上是线性的,可以几十 \(ms\) 轻松跑过(\(n\) 方过百万)。

【时间复杂度证明】

对于每个 \(i\),设 \(p\) 从 \(mid_{i-1}\) 开始向后移动了 \(x_{i}\),又从 \(mid_{i-1}+x_{i}\) 开始向前移回去了 \(y_{i}\),那么总时间复杂度可以表示为 \(\Theta=\sum_{i=1}^{n} (x_{i}+y_{i})\) —— ①。

对于每个 \(i\),\(p\) 从 \(mid_{i-1}\) 开始移动了 \(x_{i}-y_{i}\) 后到达了 \(mid_{i}\),那么 \(mid_{i}\) \((i \in [1,n])\) 的总移动距离就可以表示为 \(\sum_{i=1}^{n} (x_{i}-y_{i})\) 。

又因为 \(mid_{i}\) 具有决策单调性,必定是从 \(1\) 移到 \(n\),所以总移动距离应为 \(n\),即:\(n=\sum_{i=1}^{n} (x_{i}-y_{i})\) —— ②。

由于序列 \([mid_{i-1},mid_{i-1}+x_{i}]\) 中元素之和一定是小于等于 \(S\) 的,那么取其中点 \(M(mid_{i-1}+\frac{x_{i}}{2})\),一定可以使得 \(M\) 两边都合法,即 \(mid_{i} \geqslant M\),于是有 \(mid_{i-1}+x_{i}-y_{i} \geqslant mid_{i-1}+\frac{x_{i}}{2}\),即 \(y_{i} \leqslant \frac{x_{i}}{2}\) —— ③。

由②③可知:

\(n=\sum_{i=1}^{n} (x_{i}-y_{i}) \geqslant \sum_{i=1}^{n} \frac{x_{i}}{2}\),即 \(\sum_{i=1}^{n} \frac{3}{2}x_{i} \leqslant 3n\) 。

由①③可知:

\(\Theta=\sum_{i=1}^{n} (x_{i}+y_{i}) \leqslant \sum_{i=1}^{n} \frac{3}{2}x_{i}\) 。

于是有 \(\Theta \leqslant 3n\) 。

时间复杂度得证,为 \(O(n)\) 。

(这样看来,向后移时的二分貌似都没必要写了)

另外,有个 \(\text{julao}\) 认为上述证明有问题,但具体她又说不清(这不是在扯淡么),如有不严谨处欢迎指出。

【Code】

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#define LL long long
#define Re register int
using namespace std;
const int N=1e5+5;
int n,s,a[N];LL S[N];
inline void in(Re &x){
int f=0;x=0;char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9')f|=c=='-',c=getchar();
while(c>='0'&&c<='9')x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48),c=getchar();
x=f?-x:x;
}
inline int judge1(Re i,Re mid){return S[mid]-S[i-1]<=s;}
//judge1()判断序列前半段
inline int judge2(Re i,Re mid){return S[(mid<<1)-i+1]-S[mid]<=s;}
//judge2()判断序列前半段
int main(){
// freopen("b.in","r",stdin);
// freopen("b.out","w",stdout);
in(n),in(s);
for(Re i=1;i<=n;++i)in(a[i]),S[i]=S[i-1]+a[i];
Re p=0;S[n+1]=S[n+2]=1e18;//为防止玄学错误,先把最后面的覆盖一下
while((p+1<<1)<=n&&judge1(1,p+1))++p;//预处理出第一个mid
while(p&&!judge2(1,p))--p;
printf("%d\n",(p<<1));
for(Re i=2;i<=n;++i){
// if(p<i-1)p=i-1;//这句可加可不加
while((p+1<<1)-i+1<=n&&judge1(i,p+1))++p;//向后移时注意判断右边界不能超过n
while(p>=i&&!judge2(i,p))--p;//向前移回去,找到最大的合法mid_i
printf("%d\n",(p-i+1)<<1);//输出为长度
}
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}

【题解】Dvoniz [COCI2011]的更多相关文章

  1. 【题解】Ples [COCI2011]

    [题解]Ples [COCI2011] 依旧是没有传送门,只有提供了数据的官网. [题目描述] \(N\) 个汉子和 \(N\) 个妹纸一起参加舞会,跳舞时只能是一个汉子一个妹纸配对,现在给出每个人的 ...

  2. 2016 华南师大ACM校赛 SCNUCPC 非官方题解

    我要举报本次校赛出题人的消极出题!!! 官方题解请戳:http://3.scnuacm2015.sinaapp.com/?p=89(其实就是一堆代码没有题解) A. 树链剖分数据结构板题 题目大意:我 ...

  3. noip2016十连测题解

    以下代码为了阅读方便,省去以下头文件: #include <iostream> #include <stdio.h> #include <math.h> #incl ...

  4. BZOJ-2561-最小生成树 题解(最小割)

    2561: 最小生成树(题解) Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1628  Solved: 786 传送门:http://www.lyd ...

  5. Codeforces Round #353 (Div. 2) ABCDE 题解 python

    Problems     # Name     A Infinite Sequence standard input/output 1 s, 256 MB    x3509 B Restoring P ...

  6. 哈尔滨理工大学ACM全国邀请赛(网络同步赛)题解

    题目链接 提交连接:http://acm-software.hrbust.edu.cn/problemset.php?page=5 1470-1482 只做出来四道比较水的题目,还需要加强中等题的训练 ...

  7. 2016ACM青岛区域赛题解

    A.Relic Discovery_hdu5982 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Jav ...

  8. poj1399 hoj1037 Direct Visibility 题解 (宽搜)

    http://poj.org/problem?id=1399 http://acm.hit.edu.cn/hoj/problem/view?id=1037 题意: 在一个最多200*200的minec ...

  9. 网络流n题 题解

    学会了网络流,就经常闲的没事儿刷网络流--于是乎来一发题解. 1. COGS2093 花园的守护之神 题意:给定一个带权无向图,问至少删除多少条边才能使得s-t最短路的长度变长. 用Dijkstra或 ...

随机推荐

  1. Docker第二弹之常用命令

    Docker的常用命令 底层原理 Docker是如何工作的 Docker是一个Client-Server结构的系统,Docker守护进程运行在主机上, 然后通过Socket连接从客户端访问,守护进程从 ...

  2. ASP.NET Core基于K8S的微服务电商案例实践--学习笔记

    摘要 一个完整的电商项目微服务的实践过程,从选型.业务设计.架构设计到开发过程管理.以及上线运维的完整过程总结与剖析. 讲师介绍 产品需求介绍 纯线上商城 线上线下一体化 跨行业 跨商业模式 从0开始 ...

  3. SPA项目开发之首页导航+左侧菜单

    Mock.js: 前后端分离之后,前端迫切需要一种机制,不再需要依赖后端接口开发,而mockjs就可以做到这一点 Mock.js是一个模拟数据的生成器,用来帮助前端调试开发.进行前后端的原型分离以及用 ...

  4. js键盘事件以及键盘事件拦截

    一.键盘事件 onkeydown: 按下键盘时触发 onkeypress: 按下有值的键时触发 注意: onkeypress按下 Ctrl.Alt.Shift.Meta 这样无值的键,这个事件不会触发 ...

  5. jqgrid后台处理搜索

    jqgrid后台处理搜索, 如果点击jqgrid自带的搜索,则向后台传递“_search”参数,和searchField.searchOper.searchString三个值.如下所示: string ...

  6. 在执行方法和Web资源中获取传递过来参数的值

    关注本人微信和易信公众号: 微软动态CRM专家罗勇 ,回复228或者20161026可方便获取本文,同时可以在第一间得到我发布的最新的博文信息,follow me!我的网站是 www.luoyong. ...

  7. HC595驱动数码管

    74HC595是一个8位串行输入.并行输出的位移缓存器 引脚定义 Q0~Q7:并行输出 Q7':串行输出 SH_CP:移位寄存器时钟输入 ST_CP:存储寄存器时钟输入 DS:串行输入 原理图 举例 ...

  8. shell脚本里使用echo输出颜色

    格式: echo -e "\033[字背景颜色;字体颜色m字符串\033[0m" 转义序列要是通过彩色化提示符来增加个性化,就要用到转义序列. 转义序列就是一个让 shell 执行 ...

  9. 4-8 pie与布局

    In [1]: %matplotlib inline import matplotlib.pyplot as plt   1.pie简单参数:plt.pie(x, explode=None, labe ...

  10. 谈谈你对OOM的理解?

    (1)整体架构 (1)ByteBuffer使用native方法,直接在堆外分配内存. 当堆外内存(也即本地物理内存)不够时,就会抛出这个异常     ----GC Direct buffer memo ...