NOI题库 1768最大子矩阵  题解
 
 
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描述
 
已知矩阵的大小定义为矩阵中所有元素的和。给定一个矩阵,你的任务是找到最大的非空(大小至少是1 * 1)子矩阵。
比如,如下4 * 4的矩阵
 
0 -2 -7 0
9 2 -6 2
-4 1 -4 1
-1 8 0 -2
 
的最大子矩阵是
 
9 2
-4 1
-1 8
 
这个子矩阵的大小是15。
 
输入
 
输入是一个N * N的矩阵。输入的第一行给出N (0 < N <= 100)。再后面的若干行中,依次(首先从左到右给出第一行的N个整数,再从左到右给出第二行的N个整数……)给出矩阵中的N2个整数,整数之间由空白字符分隔(空格或者空行)。已知矩阵中整数的范围都在[-127, 127]。
 
输出
 
输出最大子矩阵的大小。
 
样例输入
4
0 -2 -7 0
9 2 -6 2
-4 1 -4 1
-1 8 0 -2
 
样例输出
15
 
 
———————————————————————————————————————
 
 
分析
最初看到这道题时,我完全不知道怎么DP,只能想到暴力算法,这道题的最暴力想法就是枚举,但是这个想法的时间复杂度达到O(N^4),当数据较大时无法承受,经大神指点得知,可以使用动态规划解决这个问题。那么,怎么用动态规划呢?
最初学DP时,有一个求最大子段和的问题,可以通过DP解决,最大子矩阵只是最大子段和在二维中的扩展,为了能继续使用这种方法,我们需要将这个矩阵降维处理,降维操作如下图:
 
这是样例中4*4的矩阵,红色框中是进行降维操作的矩阵

 
 
 降维的操作很简单,只需要将同一列的加和,就能得到目标序列,我们可以使用前缀和思想来优化这个操作。
 
通过这个操作可以将二维矩阵降维,随后就可以用区间DP的方法解决这个最大子矩阵的问题。
 
代码如下:

 #include "cstdio"
#include "cstring"
#include "algorithm"
#include "cmath"
using namespace std ; int gmax( int a , int b)//求最大值
{
return a > b ? a : b ;
} int best[], temp[]; int tmp[][], pr[][]; void Init ( int n )
{
for( int i = ; i <= n ; ++i )pr[][i] = tmp[][i] ;//pr[]数组用前缀和思想
for(int i = ; i <= n ; ++i )
for (int j = ; j <= n ; ++j )
pr[i][j] = pr[i - ][j] + tmp[i][j] ;//计算前缀和
return ;
} int solve ( int *a , int N)
{ memset ( best , , sizeof(best));//best数组表示以i为结尾的最大子序列和
int ans = - ;
for ( int i = ; i <= N ; ++i)
{
if ( best[i - ] + a[i] > a[i])
{
best[i] = best[i - ] + a[i] ;//DP方程
}
else
{
best[i] = a[i] ;//DP方程
}
}
for ( int i = ; i <= N ; ++i )ans = gmax( ans , best[i]);//求出best数组中的最大值,即最大子序列和
return ans ;
} int main ( )
{
int ans = - , n;
scanf("%d", &n);
for(int i = ; i <= n ; ++i )
{
for (int j = ; j <= n ; ++j )
{
scanf("%d", &tmp[i][j]);
}
}
Init ( n );//预处理
for ( int i = ; i <= n ; ++i)
{
for ( int j = i ; j <= n ; ++j )
{
memset( temp , , sizeof(temp));
for ( int k = ; k <= n ; ++k )
{
temp[k] = pr[j][k] - pr[i - ][k];//temp数组是降维后的数组
}
ans = gmax(solve ( temp , n) , ans );//求出最大值
}
}
printf("%d\n", ans);
return ;
}
——————————————————————————————————————
(完)
 

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