题目链接:

  TP

题解:

    可能是我比较纱布,看不懂题解,只好自己想了……

  先附一个离线版本题解[Ivan]

  我们考虑对于询问区间是可以差分的,然而这并没有什么卵用,然后考虑怎么统计答案。

  首先LCA一定是z的祖先(这里说的祖先包括自己,以下祖先均为此概念)节点,也就是是说我们只要计算出每个祖先节点的贡献就可以了,再考虑每个祖先的贡献如何计算。

  我们发现对于深度其实是该点到root的路径点数,所以我们可以这样想,我们询问z的祖先的答案,就是在计算有对于给定区间有多少个点经过了z的祖先。

  那么思路到这里就很清晰了,我们先把每个点到root的路径上的点权都加1,在询问的时候用历史版本做差分即可,那么带永久化标记的主席树+树剖啊QwQ。

  至于时间复杂度,有理有据的$O(nlog^2)$。

代码:

  

 #define Troy 

 #include <bits/stdc++.h>

 using namespace std;

 inline int read(){
int s=,k=;char ch=getchar();
while(ch<''|ch>'') ch=='-'?k=-:,ch=getchar();
while(ch>&ch<='') s=s*+(ch^),ch=getchar();
return s*k;
} const int N=5e4+,mod=; int n,Q; struct edges{
int v;edges *last;
}edge[N<<],*head[N];int cnt; inline void push(int u,int v){
edge[++cnt]=(edges){v,head[u]};head[u]=edge+cnt;
} class Persistent_Segment_tree{
public:
inline void add(int pos,int l,int r){
add(root[pos-],root[pos],,n,l,r);
}
inline int query(int last,int pos,int l,int r){
return query(root[last-],root[pos],,n,l,r,);
}
inline void build(){
root[]=tree;
root[]->lc=tree;
root[]->rc=tree;
cnt_tree=;
}
inline int out(){
return cnt_tree;
}
private:
struct Tree{
Tree *lc,*rc;
int sign_per,val;
Tree(){sign_per=val=;lc=rc=NULL;}
}tree[N<<],*root[N<<];int cnt_tree;
inline void add(Tree *p,Tree *&u,int l,int r,int x,int y){
u=tree+cnt_tree;cnt_tree++;
*u=*p;
u->val+=y-x+;
u->val%=mod;
if(x<=l&&r<=y){;u->sign_per++;return;}
int mid=l+r>>;
if(x>mid) add(p->rc,u->rc,mid+,r,x,y);
else if(y<=mid) add(p->lc,u->lc,l,mid,x,y);
else add(p->lc,u->lc,l,mid,x,mid),add(p->rc,u->rc,mid+,r,mid+,y);
}
inline int query(Tree *p,Tree *u,int l,int r,int x,int y,int sign_p){
if(x<=l&&r<=y){
return (sign_p*1ll*(r-l+)%mod+u->val-p->val)%+mod;
}
int mid=l+r>>,ret=;
if(y>mid) ret+=query(p->rc,u->rc,mid+,r,x,y,sign_p+u->sign_per-p->sign_per);
if(x<=mid) ret+=query(p->lc,u->lc,l,mid,x, y, sign_p+u->sign_per-p->sign_per);
return ret%;
}
}war; int fa[N],g[N],size[N],heavy[N],tid[N],idx,deep[N],L[N],R[N]; inline void dfs(int x){
size[x]=;
for(edges *i=head[x];i;i=i->last) if(i->v!=fa[x]){
deep[i->v]=deep[x]+,fa[i->v]=x,dfs(i->v);
size[x]+=size[i->v];
if(size[heavy[x]]<size[i->v])
heavy[x]=i->v;
}
} inline void dfs(int x,int grand){
tid[x]=++idx;
g[x]=grand;
if(heavy[x]){
dfs(heavy[x],grand);
for(edges *i=head[x];i;i=i->last) if(i->v!=fa[x]&&i->v!=heavy[x]){
dfs(i->v,i->v);
}
}
} inline void add(int x){
L[x]=idx+;
int t=x;
while(g[x]!=){
++idx;
war.add(idx,tid[g[x]],tid[x]);
x=fa[g[x]];
}
++idx,war.add(idx,tid[],tid[x]);
R[t]=idx;
} inline int query(int x,int l,int r){
int ret=;
while(g[x]!=){
(ret+=war.query(L[l],R[r],tid[g[x]],tid[x]))%=mod;
x=fa[g[x]];
}
ret+=war.query(L[l],R[r],tid[],tid[x]);
return ret%mod;
} int main(){
n=read(),Q=read();
for(int i=;i<=n;++i){
int x=read()+;
push(x,i),push(i,x);
}
dfs();dfs(,);idx=;
war.build();
for(int i=;i<=n;++i){
add(i);
}
while(Q--){
int l=read()+,r=read()+,z=read()+;
printf("%d\n",(query(z,l,r)%mod+mod)%mod);
}
}

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