hdu acm 2154(多解取一解)

//题目中结果有一条限制就是最后必须跳回A,如果我们的思想框在这个条件上就很容易卡住，因为这样的条件下的路径很难有规律的罗列，然而我们说这个图形中有三个区域，我们算出每个区域的第n-1次的种类数，然后很容易就地推出了第n次的，取结果的时候只要去A区域的就可以了
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<string>
using namespace std;
long long int dp[];
int main(void)
{
    int i,j;
    int t;
    int dpA[],dpB[],dpC[];
    dpA[]=;dpB[]=;dpC[]=;
    for(i=;i<=;i++)
    {
        dpA[i]=(dpB[i-]+dpC[i-])%;
        dpB[i]=(dpA[i-]+dpC[i-])%;
        dpC[i]=(dpA[i-]+dpB[i-])%;
    }
    while(cin>>t&&t)
    {
        cout<<dpA[t]<<endl;
    }
    return ;
}

//题目中结果有一条限制就是最后必须跳回A,如果我们的思想框在这个条件上就很容易卡住，因为这样的条件下的路径很难有规律的罗列，然而我们说这个图形中有三个区域，我们算出每个区域的第n-1次的种类数，然后很容易就地推出了第n次的，取结果的时候只要去A区域的就可以了
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<string>
using namespace std;
long long int dp[65];
int main(void)
{
    int i,j;
    int t;
    int dpA[1001],dpB[1001],dpC[1001];
    dpA[1]=0;dpB[1]=1;dpC[1]=1;
    for(i=2;i<=1000;i++)
    {
        dpA[i]=(dpB[i-1]+dpC[i-1])%10000;
        dpB[i]=(dpA[i-1]+dpC[i-1])%10000;
        dpC[i]=(dpA[i-1]+dpB[i-1])%10000;
    }
    while(cin>>t&&t)
    {
        cout<<dpA[t]<<endl;
    }
    return 0;
}