题意:

给一个串\(S\),\(length\leq 1e5\),\(Q\leq1e5\)个询问,每次询问输出和\(S_lS_{l+1}\dots S_r\)长得一模一样的第\(k\)个子串的开头位置。

思路:

用后缀数组处理一下,那么所有相同子串最后的\(sa\)都会靠在一起,所以找到对应的\(height\)位置,然后向左向右延伸直到\(LCP\)长度不足\(r-l+1\)(\(RMQ\)然后二分左右第一个长度比\(r-l+1\)小的位置),那么就找到了所有和\(S_lS_{l+1}\dots S_r\)长得一模一样的开始位置,然后在主席树上找第\(k\)大。

代码:

#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<stack>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<sstream>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
const int maxn = 1e5 + 5;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const ull seed = 131;
const ll MOD = 1e9;
using namespace std;
struct node{
int lson, rson;
int num;
}T[maxn * 40];
int root[maxn], tot;
void init(){
tot = 0;
memset(T, 0, sizeof(T));
}
void update(int l, int r, int &now, int pre, int pos, int v){
T[++tot] = T[pre], now = tot;
T[now].num += v;
if(l == r) return;
int m = (l + r) >> 1;
if(pos <= m)
update(l, m, T[now].lson, T[pre].lson, pos, v);
else
update(m + 1, r, T[now].rson, T[pre].rson, pos, v);
}
int queryK(int l, int r, int now, int pre, int k){
if(l == r) return l;
int m = (l + r) >> 1, Lsum;
Lsum = T[T[now].lson].num - T[T[pre].lson].num;
if(Lsum >= k)
return queryK(l, m, T[now].lson, T[pre].lson, k);
else
return queryK(m + 1, r, T[now].rson, T[pre].rson, k - Lsum);
} int str[maxn]; //str[n]赋值一个最小值0,其他大于0
int t1[maxn], t2[maxn], c[maxn];
int sa[maxn]; //排名为i的后缀下标
int rk[maxn]; //后缀下标为i的排名
int height[maxn]; //sa[i]与sa[i - 1]的LCP
bool cmp(int *r, int a, int b, int l){
return r[a] == r[b] && r[a + l] == r[b + l];
}
void da(int *str, int n, int m){
n++;
int i, j, p, *x = t1, *y = t2;
for(i = 0; i < m; i++) c[i] = 0;
for(i = 0; i < n; i++) c[x[i] = str[i]]++;
for(i = 1; i < m; i++) c[i] += c[i - 1];
for(i = n - 1; i >= 0; i--) sa[--c[x[i]]] = i;
for(j = 1; j <= n; j <<= 1){
p = 0;
for(i = n - j; i < n; i++) y[p++] = i;
for(i = 0; i < n; i++) if(sa[i] >= j) y[p++] = sa[i] - j;
for(i = 0; i < m; i++) c[i] = 0;
for(i = 0; i < n; i++) c[x[y[i]]]++;
for(i = 1; i < m; i++) c[i] += c[i - 1];
for(i = n - 1; i >= 0; i--) sa[--c[x[y[i]]]] = y[i];
swap(x, y);
p = 1; x[sa[0]] = 0;
for(i = 1; i < n; i++)
x[sa[i]] = cmp(y, sa[i - 1], sa[i], j)? p - 1 : p++;
if(p >= n) break;
m = p;
}
int k = 0;
n--;
for(i = 0; i <= n; i++) rk[sa[i]] = i;
for(i = 0; i < n; i++){
if(k) k--;
j = sa[rk[i] - 1];
while(str[i + k] == str[j + k]) k++;
height[rk[i]] = k;
}
}
int n;
int dp[maxn][20], mm[maxn];
void initRMQ(){
mm[0] = -1;
for(int i = 1; i <= n; i++){
mm[i] = ((i & (i - 1)) == 0)? mm[i - 1] + 1 : mm[i - 1];
dp[i][0] = height[i];
}
for(int j = 1; j <= mm[n]; j++){
for(int i = 1; i + (1 << j) - 1 <= n; i++){
dp[i][j] = min(dp[i][j - 1], dp[i + (1 << (j - 1))][j - 1]);
}
}
}
int rmq(int st, int en){
int k = mm[en - st + 1];
return min(dp[st][k], dp[en - (1 << k) + 1][k]);
}
int getL(int pos, int len){
int l = 2, r = pos;
while(l <= r){
if(l == r){
if(height[l] >= len) return l - 1;
return l;
}
int m = (l + r) >> 1;
if(rmq(m + 1, r) < len){
l = m + 1;
}
else{
r = m;
}
}
}
int getR(int pos, int len){
int l = pos, r = n;
while(l <= r){
if(l == r){
if(height[l] >= len) return l;
return l - 1;
}
int m = (l + r) >> 1;
if(rmq(l, m) < len){
r = m;
}
else{
l = m + 1;
}
}
}
int m;
char s[maxn];
int main(){
int T;
scanf("%d", &T);
while(T--){
scanf("%d%d", &n, &m);
scanf("%s", s);
int LEN = 0;
for(int i = 0; i < n; i++){
str[LEN++] = s[i] - 'a' + 1;
}
str[LEN] = 0;
da(str, LEN, 30); // for(int i = 1; i <= n; i++){
// printf("%2d * ", i);
// for(int j = sa[i]; j < LEN; j++){
// printf("%c", str[j] - 1 + 'a');
// }
// puts("");
// } init();
initRMQ();
for(int i = 1; i <= n; i++){
update(1, n, root[i], root[i - 1], sa[i] + 1, 1);
}
while(m--){
int l, r, k;
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
l--, r--;
if(n == 1){
if(k == 1) printf("1\n");
else printf("-1\n");
continue;
} int len = r - l + 1;
if(rk[l] == 1){
if(height[2] < len && k == 1) printf("%d\n", l + 1);
else if(height[2] < len) printf("-1\n");
else{
int pos = 2;
int pl = getL(pos, len), pr = getR(pos, len); if(pr - pl + 1 < k) printf("-1\n");
else printf("%d\n", queryK(1, n, root[pr], root[pl - 1], k));
}
}
else if(rk[l] == n){
if(height[n] < len && k == 1) printf("%d\n", l + 1);
else if(height[n] < len) printf("-1\n");
else{
int pos = n;
int pl = getL(pos, len), pr = getR(pos, len); if(pr - pl + 1 < k) printf("-1\n");
else printf("%d\n", queryK(1, n, root[pr], root[pl - 1], k)); }
}
else{
if(max(height[rk[l]], height[rk[l] + 1]) < len && k == 1) printf("%d\n", l + 1);
else if(max(height[rk[l]], height[rk[l] + 1]) < len) printf("-1\n");
else{
int pos = height[rk[l]] > height[rk[l] + 1]? rk[l] : rk[l] + 1;
int pl = getL(pos, len), pr = getR(pos, len); if(pr - pl + 1 < k) printf("-1\n");
else printf("%d\n", queryK(1, n, root[pr], root[pl - 1], k)); }
} }
}
return 0;
}

HDU 6704 K-th occurrence(主席树 + RMQ + 后缀数组)题解的更多相关文章

  1. BZOJ 3230: 相似子串( RMQ + 后缀数组 + 二分 )

    二分查找求出k大串, 然后正反做后缀数组, RMQ求LCP, 时间复杂度O(NlogN+logN) -------------------------------------------------- ...

  2. HDU 4417 Super Mario(主席树 区间不超过k的个数)题解

    题意:问区间内不超过k的个数 思路:显然主席树,把所有的值离散化一下,然后主席树求一下小于等于k有几个就行.注意,他给你的k不一定包含在数组里,所以问题中的询问一起离散化. 代码: #include& ...

  3. HDU 2665 Kth number(主席树静态区间第K大)题解

    题意:问你区间第k大是谁 思路:主席树就是可持久化线段树,他是由多个历史版本的权值线段树(不是普通线段树)组成的. 具体可以看q学姐的B站视频 代码: #include<cmath> #i ...

  4. HDU 4417 Super Mario(主席树求区间内的区间查询+离散化)

    Super Mario Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Tota ...

  5. POJ 2104&HDU 2665 Kth number(主席树入门+离散化)

    K-th Number Time Limit: 20000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 50247   Accepted: 17101 Ca ...

  6. hdu 4417 Super Mario (主席树)

    链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4417 题意: 给你段长为n的序列,有q个询问,每次询问区间[l.r]内有多少个数小于等于k 思路: 之前用 ...

  7. hdu 4348 To the moon (主席树)

    版权声明:本文为博主原创文章,未经博主允许不得转载. hdu 4348 题意: 一个长度为n的数组,4种操作 : (1)C l r d:区间[l,r]中的数都加1,同时当前的时间戳加1 . (2)Q ...

  8. HDU 1754 I Hate It 线段树RMQ

    I Hate It Time Limit: 1 Sec  Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=175 ...

  9. HDU 2665 && POJ 2104(主席树)

    http://poj.org/problem?id=2104 对权值进行建树(这个时候树的叶子是数组b的有序数列),然后二分查找原数列中每个数在有序数列中的位置(即第几小),对每一个前缀[1,i]建一 ...

随机推荐

  1. 给dtcms增加模板自动生成功能

    作为dtcms的使用者你是不是像我一样,也在不停的修改模板之后要点击生成模板浪费了很多开发模板的时间? 那就跟我一起给dtcms增加一个开发者模式,当模板修改完成之后,直接刷新页面就能看到效果,而不再 ...

  2. vue2.0、vue3.0不同之处

    一.响应式赋值操作不同 Vue2.0 1.通过data返回对象做相应: 2.对复杂的对象或数组下的属性等深层次的改变需要通过$set的方式. Vue3.0 1.ref实现简单的实现响应,通过value ...

  3. assert False 与 try 结合 在开发中的使用

    让错误抛出 发现其中的问题 # coding=utf-8 from rest_framework.views import exception_handler from rest_framework. ...

  4. XV6学习(9)Lab cow: Copy-on-write fork

    代码在github上.总体来说如果理解了COW机制的话,这个实验的完成也没有很复杂. 这一个实验是要完成COW(copy on write)fork.在原始的XV6中,fork函数是通过直接对进程的地 ...

  5. ASP.NET Core 5.0 MVC中的视图分类——布局视图、启动视图、具体视图、分部视图

    一.创建MVC应用程序 创建后的项目 二.(全局性)启动视图 _ViewStart.cshtml 顾名思义,就是在View开始执行之前执行,而且是每一个View, 它的预设内容是 @{ Layout ...

  6. JavaScript 类型、原型与继承学习笔记

    目录 一.概览 二.数据类型 1. JavaScript中的数据类型 2. 什么是基本类型(Primitive Data Type) 2.1 概念 2.2 七个基本类型 2.3 基本类型封装对象 3. ...

  7. Docker系列(一)Docker概述,核心概念讲解,安装部署

    部分内容参考链接: Docker实战总结(非常全面,建议收藏) 一. Docker概述 Docker是一个开源的应用容器引擎(基于Go语言开发),让开发者可以打包他们的应用以及依赖包到一个可移植的容器 ...

  8. Quartz:定时任务工具类

    Quartz:定时任务工具类 Quartz工具类 Quartz工具类 import org.quartz.*; import org.quartz.impl.StdSchedulerFactory; ...

  9. Redis常见配置文件详解

    Redis常见配置文件详解 # vi redis.conf 1 2 3 daemonize yes #是否以后台进程运行 4 5 pidfile /var/run/redis/redis-server ...

  10. zabbix设置告警

    1.配置告警媒介 邮件: 微信: #!/usr/bin/env python # -*- coding: utf-8 -*- import urllib,urllib2,datetime,hashli ...