传送门

•题意

  给你一个大于 1 的正整数 n;

  它可以分解成不同的质因子的幂的乘积的形式,问这些质因子的幂中,最小的幂是多少。

•题解

  定义 $ans$ 表示最终答案;

  ①如果 $ans \ge 5$:

    那么,肯定有 $n=p^{ans}\ ,\ p \le \sqrt[{ans}]{n}$,也就是说 $\ p \le 10^{\frac{18}{5}}$;

  所以,我们可以提前预处理出 $[1,10000]$ 内的素数,筛出 $n$ 中属于 $[1,10000]$ 内的质因子;

  如果在这个过程中出现 $n=1$ 或者 $ans=1$,那么直接返回 $ans$ 即可;

  如果筛完 $[1,10000]$ 内的素数后,$n > 1$,那么,就有如下情况:

    (1)存在质数 p,满足 p > 10000 并且 n 只能分解出一个 p,此时应输出 1;

    (2)存在质数 p,q,满足 p > 10000 , q > 10000,有 $n = p^2$ 或 $n = p^2 \cdot q^2$,对于这种情况,$n$ 肯定是个完全平方数;

    (3)存在质数 p,满足 p > 10000,并且有 $n=p^3$,这种情况下,$n$ 肯定是个立方数;

    (4)存在质数 p,满足 p > 10000,并且有 $n=p^4$;

  如果情况(1)成立,那么,情况(2)(3)(4)肯定不成立,但是情况(1)可能不好直接判断;

  那么,我们可以先判断情况(4)(2)(3)是否成立,如果不成立,那么(1)肯定成立;

  疑惑(1):如果 $(\sqrt[4]{n})^4=n$,那为什么一定有 $\sqrt[4]{n}$ 为素数呢?

    定义 $x=\sqrt[4]{n}$,那么有 $x \le 10^{\frac{18}{4}}$;

    如果 $x$ 为合数,那么势必存在某个大于 1 因子 f,$f \le \sqrt{x} < 10^4$;

    但,来到此步的条件是 $n$ 中所有属于 $[1,10000]$ 内的质因子已被筛走,所以,是不存满足条件的 $f$ 的;

       所以说,$x$ 一定是个素数;

  疑惑(2):为什么要先判断情况(4)再判断情况(2):

    因为满足情况(4)肯定满足情况(2),但是此时满足情况(2)的因子就不是质因子了;

•Code

 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
const int N=1e4; ll n;
int cnt;
int prime[N];
bool isPrime[N+]; void Prime()
{
cnt=;
mem(isPrime,true);
isPrime[]=false; for(int i=;i <= N;++i)
{
if(isPrime[i])
prime[++cnt]=i; int x;
for(int j=;j <= cnt && (x=i*prime[j]) <= N;++j)
{
isPrime[x]=false; if(i%prime[j] == )
break;
}
}
}
bool Calc(ll x)
{
int l=,r=(int)1e6+;
while(r-l > )
{
ll mid=l+((r-l)>>);
if(mid*mid*mid > x)
r=mid;
else
l=mid; if(mid*mid*mid == x)
return true;
}
return false;
}
int Solve()
{
int ans=;
for(int i=;i <= cnt;++i)
{
int k=;
while(n%prime[i] == )
{
k++;
n /= prime[i];
}
if(k)
ans=min(ans,k); if(n == || ans == )
return ans;
} ll x=sqrt(sqrt(n));
ll y=sqrt(n); if(x*x*x*x == n)
ans=min(ans,);
else if(y*y == n)
ans=min(ans,);
else if(Calc(n))
ans=min(ans,);
else
ans=; return ans;
}
int main()
{
Prime(); int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%lld",&n);
printf("%d\n",Solve());
}
return ;
}

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