Code:

#include <map>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <string>
using namespace std; void setIO(string a){
freopen((a+".in").c_str(),"r",stdin);
freopen((a+".out").c_str(),"w",stdout);
} #define N 30005
#define Q 40005
#define M 100005 int n,m,cnt=1;
int head[N];
int to[M<<1];
int nex[M<<1]; int siz[N];
int f[N];
int son[N];
int dep[N];
int uu[M<<1];
int vv[M<<1];
bool tag[M<<1];
bool vis[N]; void addedge(int u,int v){
nex[++cnt]=head[u],head[u]=cnt,to[cnt]=v;
uu[cnt]=u,vv[cnt]=v;
} void dfs1(int u,int fa,int depth){
siz[u]=1,f[u]=fa,vis[u]=1,dep[u]=depth+1;
for(int v=head[u];v;v=nex[v]){
if(!vis[to[v]]&&to[v]!=fa) {
tag[v]=tag[v^1]=1;
dfs1(to[v],u,depth+1);
siz[u]+=siz[to[v]];
if(siz[to[v]]>siz[son[u]]) son[u]=to[v];
}
}
} int A[N];
int top[N];
int cnt2=0; void dfs2(int u,int tp){
top[u]=tp;
A[u]=++cnt2;
if(son[u])dfs2(son[u],tp);
for(int v=head[u];v;v=nex[v])
if(to[v]!=son[u]&&to[v]!=f[u]&&tag[v])dfs2(to[v],to[v]);
//if(!son[u]) son[u]=u;
} int sumv[N<<2];
int lazy[N<<2]; #define lson (o<<1)
#define rson (o<<1)|1 void pushup(int o){
sumv[o]=sumv[lson]+sumv[rson];
if(lazy[lson]&&lazy[rson]) lazy[o]=1,sumv[o]=0;
}
void build(int l,int r,int o){
if(l>r)return;
if(l==r) {
sumv[o]=1;
if(l==1)sumv[o]=0;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(l,mid,lson);
build(mid+1,r,rson);
pushup(o);
}
void modify(int l,int r,int o,int L,int R){
if(l>r||r<L||l>R)return;
if(lazy[o])return;
if(l>=L&&r<=R){
sumv[o]=0;
lazy[o]=1;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
modify(l,mid,lson,L,R);
modify(mid+1,r,rson,L,R);
pushup(o);
}
int query(int l,int r,int o,int L,int R){ if(lazy[o]||l>r||r<L||l>R)return 0;
if(l>=L&&r<=R)return sumv[o];
int mid=(l+r)>>1;
return query(l,mid,lson,L,R)+query(mid+1,r,rson,L,R);
}
void update(int a,int b){
while(top[a]!=top[b]){
if(dep[top[a]]>dep[top[b]]) swap(a,b);
modify(1,n,1,A[top[b]],A[b]),b=f[top[b]];
}
if(a==b)return ;
if(dep[a]>dep[b]) swap(a,b);
modify(1,n,1,A[son[a]],A[b]);
} int lookup(int a,int b){
int sums=0;
while(top[a]!=top[b]){
if(dep[top[a]]>dep[top[b]]) swap(a,b);
sums+=query(1,n,1,A[top[b]],A[b]);
b=f[top[b]];
}
if(a==b) return sums;
if(dep[a]>dep[b])swap(a,b);
sums+=query(1,n,1,A[son[a]],A[b]);
return sums;
} struct Edge{
int from,to,t;
Edge(int from=0,int to=0,int t=0):from(from),to(to),t(t){}
}edges[M];
struct Ask{
int a,b,c;
Ask(int a=0,int b=0,int c=0):a(a),b(b),c(c){}
}asks[Q];
typedef pair<int,int> P;
map<P,int>idx;
int curr;
int answer[Q];
int cnans;
int main(){
//setIO("input");
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;++i){
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
if(a>b)swap(a,b);
edges[i]=Edge(a,b,0);
idx[P(a,b)]=i;
}
while(1){
int a,b,c;
scanf("%d%d%d",&c,&b,&a);
if(c==-1) break;
if(a>b)swap(a,b);
asks[++curr]=Ask(a,b,c);
if(c!=1&&idx[P(a,b)]) edges[idx[P(a,b)]].t=1;
}
for(int i=1;i<=m;++i)
if(edges[i].t!=1)
addedge(edges[i].from,edges[i].to),addedge(edges[i].to,edges[i].from);
dfs1(1,0,0);
dfs2(1,1);
build(1,n,1);
for(int i=2;i<=cnt;i+=2)
if(!tag[i]){
tag[i]=tag[i^1]=1;
update(uu[i],vv[i]);
} for(int i=curr;i>=1;--i)
{
if(asks[i].c==1) answer[++cnans]=lookup(asks[i].a,asks[i].b);
else update(asks[i].a,asks[i].b);
}
for(int i=cnans;i>=1;--i) printf("%d\n",answer[i]);
return 0;
}

  

洛谷 P2542 [AHOI2005]航线规划 树链剖分_线段树_时光倒流_离线的更多相关文章

  1. 洛谷 P2542 [AHOI2005]航线规划 解题报告

    P2542 [AHOI2005]航线规划 题目描述 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系--一个巨大的由千百万星球构成的Samuel星系 ...

  2. 洛谷P2542 [AHOI2005]航线规划(LCT,双连通分量,并查集)

    洛谷题目传送门 太弱了不会树剖,觉得LCT好写一些,就上LCT乱搞,当LCT维护双连通分量的练手题好了 正序删边是不好来维护连通性的,于是就像水管局长那样离线处理,逆序完成操作 显然,每个点可以代表一 ...

  3. 洛谷 P2542 [AHOI2005]航线规划(Link-cut-tree)

    题面 洛谷 bzoj 题解 离线处理+LCT 有点像星球大战 我们可以倒着做,断边变成连边 我们可以把边变成一个点 连边时,如果两个点本身不联通,就\(val\)赋为\(1\),并连接这条边 如果,两 ...

  4. 【洛谷5439】【XR-2】永恒(树链剖分,线段树)

    [洛谷5439][XR-2]永恒(树链剖分,线段树) 题面 洛谷 题解 首先两个点的\(LCP\)就是\(Trie\)树上的\(LCA\)的深度. 考虑一对点的贡献,如果这两个点不具有祖先关系,那么这 ...

  5. 【BZOJ5507】[GXOI/GZOI2019]旧词(树链剖分,线段树)

    [BZOJ5507][GXOI/GZOI2019]旧词(树链剖分,线段树) 题面 BZOJ 洛谷 题解 如果\(k=1\)就是链并裸题了... 其实\(k>1\)发现还是可以用类似链并的思想,这 ...

  6. bzoj 4034 [HAOI2015] T2(树链剖分,线段树)

    4034: [HAOI2015]T2 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1536  Solved: 508[Submit][Status] ...

  7. bzoj 1036 [ZJOI2008]树的统计Count(树链剖分,线段树)

    1036: [ZJOI2008]树的统计Count Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 10677  Solved: 4313[Submit ...

  8. poj 3237 Tree(树链剖分,线段树)

    Tree Time Limit: 5000MS   Memory Limit: 131072K Total Submissions: 7268   Accepted: 1969 Description ...

  9. bzoj 3626 [LNOI2014]LCA(离线处理+树链剖分,线段树)

    3626: [LNOI2014]LCA Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1272  Solved: 451[Submit][Status ...

随机推荐

  1. Django(part3)

    URLConf:负责url到view的map,就是一个urls.py module,通常在project和app级别都要定义, #mysite/urls.py from django.conf.url ...

  2. 中文版 R-FCN: Object Detection via Region-based Fully Convolutional Networks

    R-FCN: Object Detection via Region-based Fully Convolutional Networks 摘要 我们提出了基于区域的全卷积网络,以实现准确和高效的目标 ...

  3. vue+Element实现tree树形数据展示

    组件: Element(地址:http://element.eleme.io/#/zh-CN/component/tree):Tree树形控件 <el-tree ref="expand ...

  4. PostgreSQL 事务管理的MVCC

    PostgreSQL的并发控制机制同时实现了多版本控制MVCC协议和两阶段封锁协议.实际采用哪种协议取决于所执行的语句类型. DML语句的并发控制将使用MVCC协议: DDL语句的并发控制基于标准的两 ...

  5. QNX多线程同步之Barrier(屏障)

    之前和大家介绍过QNX上的线程同步方法metux和semophore,通过这两种方法可以对一个或者几个资源进行加锁,避免资源使用上的冲突.在另一种情况下,某个线程需要在其它线程完成工作后才继续执行,这 ...

  6. 全国所有省市县地理坐标Json格式

    https://www.cnblogs.com/yzbubble/p/7707129.html

  7. BZOJ 4668 冷战(按秩合并并查集+LCA)

    4668: 冷战 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 627  Solved: 303[Submit][Status][Discuss] D ...

  8. FastDFS图片服务器搭建

    *FastDFS图片服务器搭建准备:1.需要libfastcommon安装包 选择最新稳定版(libfastcommon-1.0.36.tar.gz)2.需要FastDFS安装包 选择最新稳定版(fa ...

  9. GIT配置多用户

    在公司工作的时候有时候想提交一点代码到github上,然后一台电脑上就需要配置两个账号分别访问github和公司的gitlab 1. 分别生成两个key 为什么要生成两个key的原因我也不清楚,望路过 ...

  10. Java基础学习总结(2)——接口

    一.接口的概念 JAVA是只支持单继承的,但现实之中存在多重继承这种现象,如"金丝猴是一种动物",金丝猴从动物这个类继承,同时"金丝猴是一种值钱的东西",金丝猴 ...