清北刷题10.23night

NOIP 模拟赛
张若天
 年  ⽉  ⽇
题⽬名称 监听 实验室 ⽂明
可执⾏⽂件名 monitor lab civilization
输⼊⽂件名 monitor.in lab.in civilization.in
输出⽂件名 monitor.out lab.out civilization.out
每个测试点时限  秒  秒  秒
内存限制 256MB 256MB 256MB
测试点数⽬
每个测试点分值
是否有 Special Judge ⽆ ⽆ ⽆
题⽬类型 传统型 传统型 传统型
是否有附加⽂件 否 否 否
C++ 语⾔⽂件名后缀 cpp cpp cpp
C 语⾔⽂件名后缀 c c c
Pascal 语⾔⽂件名后缀 pas pas pas
编译开关
对于 C++ 语⾔ -lm
对于 C 语⾔ -lm
全部题⽬使⽤⽂件输⼊输出，评测环境 Cena。
考试时间 .5h。
忘了什么时候开始
到清晨才能⼊睡
也忘了什么叫做结尾
又有谁在乎呢
凌晨三点的窗前
播放着那段时光
有⼀个骄傲的少年
隐藏他的青春
— 张希/曹⽅《认真地老去》
 
监听
monitor.in/.out/.cpp
弱小和⽆知不是⽣存的障碍，拖延症才是。
【背景】
不阅读本题的【背景】并不影响通过本题。
三体信息中没有包含对三体⼈⽣物形态的任何描述，⼈类要在四百多年
以后才能真正看到三体⼈。在阅读信息时，叶⽂洁只能把三体⼈想象成⼈类
的形象。
 号监听站已经存在了上千年，像这样的监听站，在三体世界中有
⼏千个，它们全神贯注地聆听着宇宙间可能存在的智慧⽂明的信息。
最初监听站中有上百名监听员，但随着技术的进步，现在只有⼀个⼈值
守了。监听员是⼀个卑微的职业，他们虽然⾝处恒温且能保证⽣活供给的监
听室中，在乱世纪不必脱⽔，但他们的⽣命也就在这⼩⼩的空间中流逝，能
够享受到的恒纪元快乐⽐其他⼈要少得多。
 号监听员投过⼩⼩的床⼦看着外⾯的三体世界，这是乱纪元的⿊
夜，巨⽉还没有升起来，⼤多数⼈都处于脱⽔的冬眠中，甚⾄植物也本能地
脱⽔了，成了附着于地表没有⽣命的⼀束⼲纤维。星光下，⼤地看上去像⼀
⼤块冰冷的⾦属。
这是最孤寂的时刻，在静静的午夜，宇宙向它的聆听者展⽰着⼴漠的荒
凉。 号监听员最不愿意看的，就是显⽰器上缓缓移动的那条曲线，那是
监听系统接收到的宇宙电波的波形，⽆意义的噪声。他感到这条⽆限长的线
就是宇宙的抽象，⼀头连着⽆限的过去，另⼀头连着⽆限的未来，中间只有
为⽆规律⽆⽣命的随机起伏。⼀个个⾼低错落的波峰就像⼀粒粒⼤⼩不等的
沙⼦，整条线就像是所有沙粒排成⾏形成的⼀维沙漠，荒凉寂寥，长得令⼈
⽆法忍受。你可以沿着它向前向后⾛⽆限远，但永远找不到归宿。
【问题描述】
监听的宇宙电波可以抽象成⼀个长度为 L 的⼩写字母组成的字符串。
 
同时在三体⼈总结出来了 n 段敏感电波的样⼦，每段敏感电波的长度
都是 m。
现在请你实现⼀个程序，求出在这长度为 L 的⼩写字母组成的字符串
中某个敏感电波第⼀次出现的位置（位置从  开始计数） 。
如果从头到尾，没有任何敏感电波出现，输出”no”（不带双引号） 。
【输入格式】
第⼀⾏三个整数 L, n, m。
接下来 n ⾏，每⾏⼀个长度为 m 的字符串，表⽰敏感电波。
接下来⼀⾏，⼀个长度为 L 的字符串，表⽰监听到的电波。
【输出格式】
输出⼀个整数或者⼀个字符串”no”（不带双引号） 。
【样例输入 】
 
aba
cba
abc
aaabbabcaba
【样例输出 】
 
【样例输入 】
 
aba
cba
abc
 
aaabbabzabz
【样例输出 】
no
【数据规模及约定】
对于前 % 的数据， ≤ L ≤ ,  ≤ n ≤ ,  ≤ m ≤ 。
对于前 % 的数据， ≤ L ≤ ,  ≤ n ≤ ,  ≤ m ≤ 。
对于另外 % 的数据，n = 。
对于前 % 的数据， ≤ L ≤   ,  ≤ n ≤   ,  ≤ m ≤ 。
 
实验室
lab.in/.out/.cpp
光锥之内都是新闻。
【背景】
不阅读本题的【背景】并不影响通过本题。
《时间之外的往事》(节选) 弯曲空间的动⼒
这个宇宙的空间并不是平坦的，⽽是存在着曲率，如果把宇宙的整体想
象为⼀张⼤膜，这张膜的表⾯是弧形的，整张膜甚⾄可能是⼀个封闭的肥皂
泡。虽然膜的局部看似平⾯，但空间曲率还是⽆处不在。
早在公元世纪，曾出现过许多极富野⼼的宇宙航⾏设想，其中之⼀就是
空间折叠。设想把⼤范围空间的曲率⽆限增⼤，像⼀张纸⼀样对折，把“纸
⾯”上相距千万光年的遥远的两点贴在⼀起。这个⽅案严格说来不应称为宇
宙航⾏，⽽应该叫做。 “宇宙拖曳” ，因为它实质上并不是航⾏到⽬的地，⽽是
通过改变空间曲率把⽬的地花过来。
这种⽓吞宇宙的事只有上帝才做得⼭来. 如果加上基本理论的限制.
可能上帝也不⾏。
对于利⽤空间曲率航⾏，后来又出现了⼀个更温和更局部的设想，⼀艘
处于太空中的飞船，如果能够⽤某种⽅式把它后⽽的⼀部分空间熨平，减⼩
其曲率、那么飞船就会被前⽅曲率史⼤的空间拉过去，这就是曲率驱动。
曲率驱动不可能像空间折叠那样瞬间到达⽬的地，但却有可能使飞船以
⽆限接近光速的速度航⾏。
但直到云天明情报被正确解读前，曲率驱动仍是⼀个幻想，同上百个光
速飞⾏的幻想⽅案⼀样， ⽆论从理论上还是技术上， 没有⼈知道它是否可⾏。
【问题描述】
沿着着曲率驱动的思路，R 君开发出了时间旅⾏传送门。
R 君将 n- 个时间旅⾏传送门部署到了 n 个星球。如果只⾛这 n- 个
时间旅⾏传送门，R 君发现这 n 个星球是两两可达的（也就是⼀棵树） 。
 
但是时间旅⾏传送门除了传送的功能外还额外有着时间旅⾏的功能，⽐
如说 (X i , Y i , T i ) 这个传送门，通过这个传送门从 X i 到 Y i 时间就会增加
T i (T i 可正可负)，通过这个传送门从 Y i 到 X i 时间就会减少 T i (T i 可正可
负)。
现在 R 君关⼼的问题是从 x 星球能不能通往 y 星球，同时时间恰好增
加 z（z 可正可负） 。
由于现在是⼀个树形的结构，所以实际上两点之间的路径唯⼀，所以 R
君很快写了个程序计算出了这个结果。
但是随着 R 君继续部署传送门，这个问题变得复杂了起来，所以请你
来帮帮忙。
【输入格式】
第⼀⾏两个整数 n，q。q 表⽰之后处理的事件的数量。
接下来 n- ⾏，每⾏三个整数 x i ,y i ,T i 。
接下来 q ⾏，每⾏四个正整数 k, x, y, t。
若 k=，表⽰部署⼀个新的传送门 (x,y,t)。
若 k=，表⽰询问是否可以从 x 到 y，使得时间恰好增加 t。
【输出格式】
对于每个 k= 的询问，输出⼀⾏⼀个答案 yes/no。 （⼩写）
【样例输入】
 
   -
 
【样例输出】
yes
no
no
yes
【样例解释】
添加 (,,-) 后可以从 ->->->->->->->， 时间变化是 ++-
(-)+++=。
【数据规模及约定】
对于前 % 的数据， ≤ n ≤ ,  ≤ q ≤  , |T i | ≤   。
对于另外 % 的数据，不存在 k= 的输⼊。
对于另外 % 的数据，只存在⼀条 k= 的输⼊。
对于前 % 的数据， ≤ n ≤   ,  ≤ q ≤  ×   , |T i | ≤   。
 
文明
civilization.in/.out/.cpp
给岁月以⽂明，⽽不是给⽂明以岁月。
【背景】
不阅读本题的【背景】并不影响通过本题。
罗辑那边的⽕星升了起来并来回移动，显然是他站起⾝来踱步，在地球
上是可以的，但在宇宙中不⾏，下⾯我们引⼊⼀个重要概念：猜疑链。挺怪
的词⼉。我开始仅得到这么⼀个词，她没有解释，但我后来终于从字⾯上推
测出了它的含义。他？他是谁？后⾯再说吧，我们继续：如果你认为我是善
意的，这并不是你感到安全的理由，因为按照第⼀条公理，善意⽂明并不能
预先把别的⽂明也想成善意的，所以，你现在还不知道我是怎么认为你的，
你不知道我认为你是善意还是恶意；进⼀步，即使你知道我把你也想象成善
意的，我也知道你把我想象成善意的，但是我不知道你是怎么想我怎么想你
怎么想我的，挺绕的是不是？这才是第三层，这个逻辑可以⼀直向前延伸，
没完没了。我懂你的意思。这就是猜疑链。这种东西在地球上是见不到的。
⼈类共同的物种、相近的⽂化、同处⼀个相互依存的⽣态圈、近在咫尺的距
离，在这样的环境下，猜疑链只能延伸⼀⾄两层就会被交流所消解。但在太
空中，猜疑链则可能延伸得很长，在被交流所消解之前，⿊暗战役那样的事
已经发⽣了。
【问题描述】
R 君在继续着宇宙社会学的研究，R 君发现是否为善意的⽂明与他们的
距离到本⽂明的距离的奇偶有很⼤的关系。
所以 R 君提出了如下简化的问题，考虑⼀个 n 个节点带边权的树，两
点间距离是两点间树上路径的边权和。
R 君想知道对于⼀个点来说，到这个点是距离奇数的节点的距离和，与
到这个点距离是偶数的节点的距离和。
 
【输入格式】
第⼀⾏包含两个整数 n, q。q 表⽰询问数量。
接下来 n- ⾏，每⾏三个数字 (x,y,z) 表⽰ x 与 y 之间的距离是 z。
接下来 q ⾏，每⾏⼀个整数 x，表⽰询问的节点为 x。
【输出格式】
输出包含 q ⾏，每⾏两个整数，分别表⽰距离为奇数的节点的距离和与
距离为偶数的节点的距离和。
【样例输入】
 
【样例输出】
 
【样例解释】
每个点到  号点的距离：,,,
每个点到  号点的距离：,,,
每个点到  号点的距离：,,,
 
每个点到  号点的距离：,,,
【数据规模和约定】
对于前 % 的数据， ≤ n ≤ 。
对于前 % 的数据， ≤ n ≤ 。
对于前 % 的数据， ≤ n ≤  ×   。
对于前 % 的数据， ≤ n ≤   , q ≤ n,  ≤ z ≤   。
 
（完）

题面

/*
string + map 水过
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<map>
 
#define N 100007
 
using namespace std;
int n,m,l,ans,cnt;
string s[];
map<string,bool>vis;
string ss;
 
int main()
{
    freopen("monitor.in","r",stdin);
    freopen("monitor.out","w",stdout);
    scanf("%d%d%d",&l,&n,&m);
    for(int i=;i<=n;i++)
      cin>>s[i],vis[s[i]]=;
    cin>>s[];
    for(int i=;i<=l-m;i++)
    {
        ss=s[].substr(i,m);
        if(vis[ss]){ans=i+;break;}
    }
    if(!ans) printf("no\n");
    else printf("%d\n",ans);
    fclose(stdin);fclose(stdout);
    return ;
}

/*
各种情况分析，由于路径权值的相反性
只要有环，要么不走，要么等效完整走整数遍。
假设有k个环，每个环的边权和为xi，那么问题转化为
不定方程a*x1+b*x2+c*x3+....+m*xk=T是否存在整数解。
根据不定方程整数解的条件可知，gcd(x1~xm) | T 时有，否则无。
*/
#include<bits/stdc++.h>
 
#define N 411111
#define ll long long
 
using namespace std;
int n,q;
ll sum[N];
int toedge[N],cnt;
struct Edge
{
    int to,val,next;
};
Edge edge[N<<];
 
int read()
{
    int ret=,neg=;
    char c=getchar();
    while (c<'' || c>''){if (c=='-') neg=-;c=getchar();}
    while (c>='' && c<=''){ret=ret*+c-'';c=getchar();}
    return ret*neg;
}
 
ll SUM(int x,int y){return sum[y]-sum[x];}
ll Abs(ll x){return x> ? x : -x;}
ll gcd(ll x,ll y){return (y==) ? x : gcd(y,x%y);}
 
void add(int from,int to,int val)
{
    edge[++cnt]=(Edge)
    {
        to,val,toedge[from]
    };
    toedge[from]=cnt;
}
 
void dfs(int x,int fa)
{
    for (int i=toedge[x]; i; i=edge[i].next)
    {
        int to=edge[i].to;
        if (to==fa) continue;
        sum[to]=sum[x]+edge[i].val;
        dfs(to,x);
    }
}
 
int main()
{
    freopen("lab.in","r",stdin);
    freopen("lab.out","w",stdout);
    n=read();q=read();
    int x,y,z;
    for (int i=; i<n; i++)
    {
        x=read();y=read();z=read();
        add(x,y,z);add(y,x,-z);
    }
    dfs(,);int k,t;ll xun=-;
    for (int i=; i<=q; i++)
    {
        k=read();x=read();y=read();t=read();
        if (k==)
        {
            ll tmp=SUM(y,x);
            if (xun==-) xun=Abs(tmp+t);
            else if (tmp+t!=) xun=gcd(xun,Abs(tmp+t));
        }
        else
        {
            ll tmp=Abs((ll)t-SUM(x,y));
            if (xun==-)
                if (tmp==) puts("yes");
                else puts("no");
            else if (tmp%xun==) puts("yes");
            else puts("no");
        }
    }
}

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
 
#define N 100007
#define ll long long
 
using namespace std;
ll n,m,ans1,ans2,cnt,tot;
ll x,y,z,q;
ll head[N],deep[N],sum[N],f[N][];
ll in[N],F[N][],son[N][];
struct edge{
    ll u,v,w,nxt;
}e[N<<];
 
inline ll read()
{
    ll x=,f=;char c=getchar();
    while(c>''||c<''){if(c=='-')f=-;c=getchar();}
    while(c>=''&&c<=''){x=x*+c-'';c=getchar();}
    return x*f;
}
 
inline void add(int u,int v,int w)
{
    e[++cnt].v=v;e[cnt].w=w;e[cnt].nxt=head[u];head[u]=cnt;
}
 
void dfs(int now,int fa,int c)
{
    f[now][]=fa;deep[now]=c;
    for(int i=head[now];i;i=e[i].nxt)
    {
        int v=e[i].v;
        if(v==fa) continue;
        sum[v]=sum[now]+e[i].w;
        dfs(v,now,c+);
    }
}
 
void get()
{
    for(int j=;j<=;j++) for(int i=;i<=n;i++)
    f[i][j]=f[f[i][j-]][j-];
}
 
int lca(int a,int b)
{
    if(deep[a]<deep[b]) swap(a,b);
    int t=deep[a]-deep[b];
    for(int i=;i<=t;i++)
    if(t&(<<i)) a=f[a][i];
    if(a==b) return a;
    for(int i=;i>=;i--)
    if(f[a][i]!=f[b][i])
    a=f[a][i],b=f[b][i];
    return f[a][];
}
 
void solve1()
{
    dfs(,,);get();
    for(int i=;i<=m;i++)
    {
        tot=ans1=ans2=;
        q=read();
        for(int j=;j<=n;j++)
        {
            if(j==q) continue;
            int res=lca(q,j);
            tot=sum[q]+sum[j]-*sum[res];
            if(tot%) ans1+=tot;
            else ans2+=tot;
        }
        cout<<ans1<<" "<<ans2<<endl;
    }
}
 
void dp(int u,int from)//0 偶数
{
    son[u][]=son[u][]=;
    for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt)
    {
        int v=e[i].v;
        if(v==from) continue;dp(v,u);
        if(e[i].w%==)
        {
            son[v][]++;
            if(in[v]==)
            {
                son[v][]++;son[u][]++;
                F[u][]+=e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=e[i].w*son[v][];
            }
            else
            {
                son[u][]+=son[v][],son[u][]+=son[v][];
                F[u][]+=F[v][]+e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=F[v][]+e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=e[i].w;
            }
        }
        else
        {
            son[v][]++;
            if(in[v]==)
            {
                son[v][]++;son[u][]++;
                F[u][]+=e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=e[i].w*son[v][];
            }
            else
            {
                son[u][]+=son[v][],son[u][]+=son[v][];
                F[u][]+=F[v][]+e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=F[v][]+e[i].w*son[v][];
                F[u][]+=e[i].w;
            }
        }
    }
}
 
void solve2()
{
    for(int i=;i<=m;i++)
    {
        q=read();
        memset(f,,sizeof F);
        memset(son,,sizeof son);
        dp(q,q);
        cout<<F[q][]<<" "<<F[q][]<<endl;
    }
}
 
int main()
{
    freopen("civilization.in","r",stdin);
    freopen("civilization.out","w",stdout);
    n=read();m=read();
    for(int i=;i<n;i++)
    {
        x=read();y=read();z=read();
        add(x,y,z);add(y,x,z);
    }
    if(n<=) solve1();
    else solve2();
 
    fclose(stdin);fclose(stdout);
    return ;
}

40暴力

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
 
using namespace std;
 
// 70%保证答案不爆int
 
int n,q;
int H[], X[], P[], w[], tot;
 
inline void add(int x,int y,int z)
{
    P[++tot]=y;
    X[tot]=H[x];
    H[x]=tot;
    w[tot]=z;
}
typedef long long LL;
LL f[][]; // 子树
LL ans[][];
int siz[][]; // 子树
int siz2[][]; // 整棵树
 
void dfs1(int x,int fa)
{
    siz[][x] = ;
    for(int i=H[x]; i; i=X[i])
    {
        if(P[i] == fa) continue;
        dfs1(P[i],x);
        if(w[i]&)
        {
            siz[][x] += siz[][P[i]];
            siz[][x] += siz[][P[i]];
            f[][x] += f[][P[i]] + w[i]*siz[][P[i]];
            f[][x] += f[][P[i]] + w[i]*siz[][P[i]];
        }
        else
        {
            siz[][x] += siz[][P[i]];
            siz[][x] += siz[][P[i]];
            f[][x] += f[][P[i]] + w[i]*siz[][P[i]];
            f[][x] += f[][P[i]] + w[i]*siz[][P[i]];
        }
    }
}
 
void dfs2(int x,int fa)
{
    for(int i=H[x]; i; i=X[i])
    {
        if(P[i]==fa) continue;
        if(w[i]&)
        {
            siz2[][P[i]] = siz2[][x];
            siz2[][P[i]] = siz2[][x];
            ans[][P[i]] =  f[][P[i]] +  ans[][x] - (f[][P[i]]+w[i]*siz[][P[i]]) + w[i]*(siz2[][x]-siz[][P[i]]) ;
            ans[][P[i]] =  f[][P[i]] +  ans[][x] - (f[][P[i]]+w[i]*siz[][P[i]]) + w[i]*(siz2[][x]-siz[][P[i]]) ;
        }
        else
        {
            siz2[][P[i]] = siz2[][x];
            siz2[][P[i]] = siz2[][x];
            ans[][P[i]] =  f[][P[i]] +  ans[][x] - (f[][P[i]]+w[i]*siz[][P[i]]) + w[i]*(siz2[][x]-siz[][P[i]]) ;
            ans[][P[i]] =  f[][P[i]] +  ans[][x] - (f[][P[i]]+w[i]*siz[][P[i]]) + w[i]*(siz2[][x]-siz[][P[i]]) ;
        }
        dfs2(P[i],x);
    }
}
 
int main()
{
    freopen("civilization.in", "r", stdin);
    freopen("civilization.out", "w", stdout);
    scanf("%d%d",&n,&q);
    for(int i=,x,y,z; i<n; i++)
    {
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        add(x,y,z);add(y,x,z);
    }
    dfs1(,);
    ans[][] = f[][];ans[][] = f[][];
    siz2[][] = siz[][];siz2[][] = siz[][];
    dfs2(,);
 
    int x;
    while(q--)
    {
        scanf("%d",&x);
        printf("%lld %lld\n",ans[][x],ans[][x]);
    }
    fclose(stdout);
    return ;
}

正解待补档