预警:由于是从$Vergil$学长那里和$Mathison$大神那里学来的,所以清一色记忆化搜索!qwq

巨佬的数位dp讲解(未来的咕咕日报头条):

https://www.luogu.org/blog/virus2017/shuweidp


数位dp嘛,顾名思义...就是与每个数上的那位有关系...(废话)

一般问题形式都是,在区间$[l,r]$中,满足xx条件的数有多少。然后数据范围一般巨大,枚举是不可能的,这辈子是不可能的。所以一般我们都把它当做字符串处理,预处理出每一位的数(数位),即之后的$border$数组。先求出1~r内满足范围的数,在求出1~l-1范围内的数,运用前缀和的思想一减的。

关于处理成字符串:

一种高精处理方法

        scanf("%s",p+);
int lenp=strlen(p+); int last=lenp;
while(p[last]==''&&last) last--;
for(int i=last+;i<=lenp;i++) p[i]='';
p[last]--; for(int i=;i<=lenp;i++) a[lenp-i+]=p[i]-'';
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans1=dfs(lenp,,); scanf("%s",q+);
int lenq=strlen(q+);
for(int i=;i<=lenq;i++) a[lenq-i+]=q[i]-'';
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans2=dfs(lenq,,);
printf("%d\n",ans2-ans1);

另一种暴力搞,longlong范围内才可。

        l--;
while(l)
{
border[++len]=l%;
l/=;
}
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans1=dfs(len,,);
len=; while(r)
{
border[++len]=r%;
r/=;
}
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans2=dfs(len,,);
len=;
printf("%lld\n",ans2-ans1);

记忆化搜索?其实感觉他是dp的本质吧...(说错了不要打我啊qwq)。搜索我们要遍历所有状态,遍历完就溜,啥也不记下来,没心没肺;dp我们也要遍历全部状态,但是长心眼了,懂得存起来,用空间换时间;然后dp是和记忆化搜索学的,所以记忆化搜索也记录了搜过的状态,当现在搜的之前搜过,就直接调用之前的结果。Update:Vergil学长表示他认为dp的本质是最短路 把各状态当作图的节点,然后与开始节点连的边为初始值...


既然我们记搜了,那么肯定我们需要知道每次记录哪些量:一般地,我们会记到$pos$(现在在第几位,个人习惯从右往左为第1位到第$len$位)、$pre$(上一位是哪个数字,用于与上一位有关的情况)、$ling$前导零标记、$limit$最高位标记、$st$是否已经满足要求了,还有其他实际情况需要的。开始从主程序进来的时候,$ling$和$limit$都是1。

图自@Mathison真·大神

另外,当$limit=1$不能记录和调用dp值!当$ling=1$也不能调用记录dp值!


以上是概论,现在分两种题型扯几道例题。

第一种题型:问你数位满足是否有xx数 or 没有xx数

  • 例1 hdu2089不要62

   题目大意:问你$[l,r]$中不含4且不含连续62的数的个数。

   真·入门题。因为不含,所以只要有4或62连续,之后我们就不用搜了。

 #include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring> using namespace std;
typedef long long ll; int l,r,len;
int border[];
ll ans1,ans2,dp[][]; ll dfs(int pos,int pre,int limit)
{
if(pos<) return ;
if(!limit && dp[pos][pre]!=-) return dp[pos][pre];
ll tmp=;
ll lim=limit ? border[pos] : ;
for(int i=;i<=lim;i++)
{
if(i==) continue;
if(i==&&pre==) continue;
tmp+=dfs(pos-,i,(limit&&i==lim));
}
if(!limit) dp[pos][pre]=tmp;
return tmp;
} int main()
{
while(scanf("%d%d",&l,&r)!=EOF&&l!=&&r!=)
{
l--;
while(l)
{
border[++len]=l%;
l/=;
}
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans1=dfs(len,,);
len=; while(r)
{
border[++len]=r%;
r/=;
}
memset(dp,-,sizeof(dp));
ans2=dfs(len,,);
len=;
printf("%lld\n",ans2-ans1);
}
return ;
}
  • 例2 hdu3555Bomb

   题目大意:问你1~n中含连续49的数的个数。

   数位dp入门题。因为题目问的是“含”,所以我们必须记一个$st$,看之前是否满足。这里就不能像上一道题一样不满足直接$continue$掉了。因为之后还有希望满足啊qwq。

 //求1~n 含有连续49的数字有多少
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring> using namespace std;
typedef long long ll; int T,len;
int border[];
ll dp[][][];
char sta[]; ll dfs(int pos,int pre,int st,int limit)
{
if(pos<) return st;
if(!limit && dp[pos][pre][st]!=-) return dp[pos][pre][st];
ll tmp=;
ll lim=limit ? border[pos] : ;
for(int i=;i<=lim;i++)
tmp+=dfs(pos-,i,st||(i==&&pre==),limit&&i==lim);
if(!limit) dp[pos][pre][st]=tmp;
return tmp;
} int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%s",sta+);
len=strlen(sta+);
for(int i=;i<=len;i++)
border[i]=sta[len-i+]-'';
memset(dp,-,sizeof(dp));
printf("%lld\n",dfs(len,,,));
}
return ;
}
  • 例3 poj3208 Apocalypse Someday

第2种题型:问你数位是否满足一些比较复杂的要求(就不是上面那么简单了)

例题会尽量都补上的qwq

关于输出方案:本来想试着输出下方案的,后来发现实际输出的时候其实会少很多。因为我们记忆化!当一个状态下的值已经确定了,我们就不再切身实际地搜,而是直接调用之前结果了,也就方案会少输出了。当然,没记忆化的时候,显然我们可以输出全部方案。

数位dp。。。按Mathison大佬的话,还是非常套路模板化的,唯一要注意的是举一反三和前导零的处理...。

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