\(\\\)

\(Description\)


给定长度为\(2N\)的序列,\(1\text ~N\)各出现过\(2\)次,\(i\)第一次出现位置记为\(a_i\),第二次记为\(b_i\),求满足\(a_i<a_j<b_i<b_j\)的\((i,j)\)对数。

  • \(N\in [1,10^5]\)

\(\\\)

\(Solution\)


考虑以一个数作为\(i\)出现在答案里,对应的\(j\)应满足\(a_j\in (a_i,b_i),b_j>b_i\)。也就是说,我们需要对每一个数统计它两次出现的位置构成的区间里,有多少个数字是第一次出现。

考虑树状数组的做法,第一次遇到一个数时,在出现位置打标记,记录下这个数第一次出现的位置,便于询问。

当第二次遇到这个数时,直接查询区间\((a_i,b_i)\)的区间和即可。因为这个数已经出现了两次,不能对后续的询问做出贡献了,所以要将之前的打标记处撤销标记。

\(\\\)

\(Code\)


#include<map>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define N 50010
#define R register
#define gc getchar
using namespace std; inline int rd(){
int x=0; bool f=0; char c=gc();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=1;c=gc();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=gc();}
return f?-x:x;
} int n,ans,p[N]; struct BIT{
int c[N];
inline int lowbit(int x){return x&-x;}
inline void add(int p,int x){for(;p<=n;p+=lowbit(p))c[p]+=x;}
inline int sum(int p){
int res=0;
for(;p;p-=lowbit(p)) res+=c[p];
return res;
}
}bit; int main(){
n=rd()<<1;
for(R int i=1,x;i<=n;++i){
x=rd();
if(!p[x]) bit.add((p[x]=i),1);
else ans+=bit.sum(i)-bit.sum(p[x]),bit.add(p[x],-1);
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}

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