【BZOJ-4245】OR-XOR 按位贪心
4245: [ONTAK2015]OR-XOR
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1 5 7
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HINT
第一段为[1],第二段为[5 7],总费用为(1) or (5 xor 7) = 1 or 2 = 3。
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按位贪心。
首先预处理出前缀异或和,然后对这些异或和分成M段,考虑按位or运算的性质,当前位存在1即为1,所以,贪心的看当前位是否能只取M个0,如果可以则当前位为0,否则在答案中or上$2^{i}$即可。
这么做显然应该按数位从高到低枚举,还需要注意的地方就是,并不是当前位能取M个0当前位就可以选0,同时应该满足第N个数的当前位也必须为0,这里很容易遗漏。
在贪心的把当前位选成0后,要将当前位为1的数打上标记,表示低位不能选此数。
Code
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
#define LL long long
inline LL read()
{
LL x=,f=; char ch=getchar();
while (ch<'' || ch>'') {if (ch=='-') f=-; ch=getchar();}
while (ch>='' && ch<='') {x=x*+ch-''; ch=getchar();}
return x*f;
}
#define MAXN 500010
int N,M,d[MAXN][],visit[MAXN];
LL a[MAXN],sum[MAXN],ans;
void Get(LL x,int dx[]) {int tot=; while (x) dx[tot++]=x%,x/=;}
int main()
{
N=read(),M=read();
for (int i=; i<=N; i++) a[i]=read(),sum[i]=sum[i-]^a[i];
for (int i=; i<=N; i++) Get(sum[i],d[i]);
for (int i=; i>=; i--)
{
int tot=;
for (int j=; j<=N; j++)
if (!visit[j] && !d[j][i]) tot++;
if (tot>=M && !d[N][i])
for (int j=; j<=N; j++) if (d[j][i]) visit[j]=; else;
else ans|=(1LL<<i);
}
printf("%lld\n",ans);
return ;
}
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