3438: 小M的作物

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Description

小M在MC里开辟了两块巨大的耕地A和B(你可以认为容量是无穷),现在,小P有n中作物的种子,每种作物的种子
有1个(就是可以种一棵作物)(用1...n编号),现在,第i种作物种植在A中种植可以获得ai的收益,在B中种植
可以获得bi的收益,而且,现在还有这么一种神奇的现象,就是某些作物共同种在一块耕地中可以获得额外的收益
,小M找到了规则中共有m种作物组合,第i个组合中的作物共同种在A中可以获得c1i的额外收益,共同总在B中可以
获得c2i的额外收益,所以,小M很快的算出了种植的最大收益,但是他想要考考你,你能回答他这个问题么?

Input

第一行包括一个整数n
第二行包括n个整数,表示ai第三行包括n个整数,表示bi第四行包括一个整数m接下来m行,
对于接下来的第i行:第一个整数ki,表示第i个作物组合中共有ki种作物,
接下来两个整数c1i,c2i,接下来ki个整数,表示该组合中的作物编号。输出格式

Output

只有一行,包括一个整数,表示最大收益

Sample Input

3
4 2 1
2 3 2
1
2 3 2 1 2

Sample Output

11
样例解释A耕地种1,2,B耕地种3,收益4+2+3+2=11。
1<=k< n<= 1000,0 < m < = 1000 保证所有数据及结果不超过2*10^9。

HINT

 

Source

建图:

  • 把各种子看作点,源点向各点i连容量ai的边,各点i向汇点连容量bi的边。
  • 也把组合看作点,并拆成两点x,x',源点向x连c1i的边,x'向汇点连c2i的边。
  • 对于组合x和种子i之间的关系,x向i建容量INF的边,i向x'连容量INF的边。

ans:Σai+Σbi+Σc1i+Σc2i-最小割

  1. #include<cstdio>
  2. #include<iostream>
  3. using namespace std;
  4. const int N=1e5+;
  5. const int inf=0x3f3f3f3f;
  6. int n,m,S,T,ans,a[N],b[N],dis[N],head[N],q[N*];
  7. struct node{
  8. int v,next,cap;
  9. }e[N*];int tot=;
  10. void add(int x,int y,int z){
  11. e[++tot].v=y;e[tot].cap=z;e[tot].next=head[x];head[x]=tot;
  12. e[++tot].v=x;e[tot].cap=;e[tot].next=head[y];head[y]=tot;
  13. }
  14. bool bfs(){
  15. for(int i=S;i<=T;i++) dis[i]=-;
  16. int h=,t=;dis[S]=;q[t]=S;
  17. while(h!=t){
  18. int x=q[++h];
  19. for(int i=head[x],v;i;i=e[i].next){
  20. if(e[i].cap&&dis[v=e[i].v]==-){
  21. dis[v]=dis[x]+;
  22. if(v==T) return ;
  23. q[++t]=v;
  24. }
  25. }
  26. }
  27. return ;
  28. }
  29. int dfs(int x,int f){
  30. if(x==T||!f) return f;
  31. int used=,t;
  32. for(int i=head[x],v;i;i=e[i].next){
  33. if(e[i].cap&&dis[v=e[i].v]==dis[x]+){
  34. t=dfs(v,min(f,e[i].cap));
  35. e[i].cap-=t;e[i^].cap+=t;
  36. used+=t;f-=t;
  37. if(!f) return used;
  38. }
  39. }
  40. if(!used) dis[x]=-;
  41. return used;
  42. }
  43. void dinic(){
  44. while(bfs()) ans-=dfs(S,inf);
  45. }
  46. int main(){
  47. scanf("%d",&n);
  48. for(int i=;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),ans+=a[i];
  49. for(int i=;i<=n;i++) scanf("%d",&b[i]),ans+=b[i];
  50. scanf("%d",&m);T=n+m+m+;
  51. for(int i=;i<=n;i++){
  52. add(S,i,a[i]),add(i,T,b[i]);
  53. }
  54. for(int i=,k,x,y;i<=m;i++){
  55. scanf("%d%d%d",&k,&x,&y);ans+=x+y;
  56. add(S,i+n,x);add(i+n+m,T,y);
  57. while(k--){
  58. scanf("%d",&x);
  59. add(i+n,x,inf);
  60. add(x,i+n+m,inf);
  61. }
  62. }
  63. dinic();
  64. printf("%d",ans);
  65. return ;
  66. }

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