[LG1886]滑动窗口 单调队列
题解:
观察数据范围,这应该是一个复杂度O(n)的题。以最大值为例,考虑单调队列,维护一个单调递减的队列。从前向后扫,每次答案取队首,如果后面进入的比前面大,那么就弹出前面的数,因为是从前向后扫,所以后面进入的如果比前面的大,那么一定更优,因为要淘汰肯定先淘汰前面的。如果队首已经不在当前窗口内了,那么就弹出,直到合法为止。
维护单调队列时的一个重要原则就是把别人“挤掉”的元素一定要比被挤掉的元素更优,否则可能找不到合法情况or漏掉最优解。注意这一点就很好理解了。
最小值用求最大值相反的操作即可
不知道为什么我以前写代码写那么丑,,,,重新写一份好了。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define R register int
#define AC 1001000 int n, k, head, tail;
int s[AC];
struct node{
int x, id;
}q[AC]; inline int read()
{
int x = ;char c = getchar(); bool z = false;
while(c > '' || c < '')
{
if(c == '-') z = true;
c = getchar();
}
while(c >= '' && c <= '') x = x * + c - '', c = getchar();
if(!z) return x;
else return -x;
} void pre()
{
n = read(), k = read();
for(R i = ; i <= n; i ++) s[i] = read();
} void work1()
{
head = , tail = ;
for(R i = ; i <= n; i ++)
{
while(head <= tail && q[head].id <= i - k) ++ head;
while(s[i] < q[tail].x && head <= tail) -- tail;//可以删完,反正后面要塞进来
q[++tail] = (node){s[i], i};
if(i >= k) printf("%d ", q[head].x);
}
printf("\n");
} void work2()
{
head = , tail = ;
for(R i = ; i <= n; i ++)
{
while(head <= tail && q[head].id <= i - k) ++ head;//,,,前面也可以删完
while(s[i] > q[tail].x && head <= tail) -- tail;//可以删完,反正后面要塞进来
q[++tail] = (node){s[i], i};
if(i >= k) printf("%d ", q[head].x);
}
printf("\n");
} int main()
{
freopen("in.in", "r", stdin);
pre();
work1();
work2();
fclose(stdin);
return ;
}
当然如果你喜欢简短的代码,且不在意常数问题,你也可以这么写:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define R register int
#define AC 1001000 int n, k, head, tail;
int s[AC];
struct node{ int x, id;} q[AC]; void cal(int t)
{
head = , tail = ;
for(R i = ; i <= n; i ++)
{
while(head <= tail && q[head].id <= i - k) ++ head;
while(s[i] < q[tail].x && head <= tail) -- tail;//可以删完,反正后面要塞进来
q[++tail] = (node){s[i], i};
if(i >= k) printf("%d ", q[head].x * t);
}printf("\n");
} int main()
{
scanf("%d%d", &n, &k);
for(R i = ; i <= n; i ++) scanf("%d", &s[i]);
cal();
for(R i = ; i <= n; i ++) s[i] = -s[i];
cal(-);
return ;
}
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