传送门

据说正解是树剖套堆???然而代码看着稍微有那么一点点长……

考虑一下整体二分,设当前二分到的答案为$mid$,如果所有大于$mid$的边都经过当前点$x$,那么此时$x$的答案必定小于等于$mid$

然后考虑怎么判断是否所有边都经过某一个点。我们可以用树状数组+树上差分来维护,把每一条边的两个端点的值加1,他们LCA的值减1,LCA父亲的值减1,那么如果这条边经过某一个点,那么这个点子树的和必定为1

于是我们可以把所有大于mid的边都处理出来,然后判断子树的和是否等于路径条数就行了。这个可以用dfs序+树状数组维护

然后整体二分的时候,我们还是能保证时间有序的,如果是修改,那么只有边数大于mid的修改要执行,否则直接扔到左边。询问的话,如果子树和等于大于mid的边数,就扔进左边,否则扔进右边

然后代码里是每一次修改的时候都求一遍LCA的,所以时间复杂度是$O(n\ log^2n)$,如果用ST表求LCA的话应该能再减掉一个$log$

 //minamoto
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define getc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
char buf[<<],*p1=buf,*p2=buf;
template<class T>inline bool cmax(T&a,const T&b){return a<b?a=b,:;}
inline int read(){
#define num ch-'0'
char ch;bool flag=;int res;
while(!isdigit(ch=getc()))
(ch=='-')&&(flag=true);
for(res=num;isdigit(ch=getc());res=res*+num);
(flag)&&(res=-res);
#undef num
return res;
}
char sr[<<],z[];int K=-,Z;
inline void Ot(){fwrite(sr,,K+,stdout),K=-;}
inline void print(int x){
if(K><<)Ot();if(x<)sr[++K]=,x=-x;
while(z[++Z]=x%+,x/=);
while(sr[++K]=z[Z],--Z);sr[++K]='\n';
}
const int N=2e5+;
int head[N],Next[N],ver[N],tot;
inline void add_edge(int u,int v){
ver[++tot]=v,Next[tot]=head[u],head[u]=tot;
}
struct node{
int op,x,t,ans;
inline bool operator <(const node &b)const
{return t<b.t;}
}q[N],ll[N],rr[N];
int n,m,num,c[N],fa[N],top[N],sz[N],son[N],ls[N],rs[N],dep[N],cnt,mx;
int A[N],B[N],C[N],ans[N];
inline void add(int x,int y){for(;x<=n;x+=x&-x)c[x]+=y;}
inline int query(int x){
int res=;
for(;x;x-=x&-x) res+=c[x];
return res;
}
inline int query(int l,int r){return query(r)-query(l-);}
void dfs1(int u){
sz[u]=,dep[u]=dep[fa[u]]+,ls[u]=++cnt;
for(int i=head[u];i;i=Next[i]){
int v=ver[i];
if(v!=fa[u]){
fa[v]=u,dfs1(v),sz[u]+=sz[v];
if(sz[son[u]]<sz[v]) son[u]=v;
}
}
rs[u]=cnt;
}
void dfs2(int u,int t){
top[u]=t;
if(son[u]){
dfs2(son[u],t);
for(int i=head[u];i;i=Next[i])
if(ver[i]!=fa[u]&&ver[i]!=son[u])
dfs2(ver[i],ver[i]);
}
}
inline int LCA(int u,int v){
while(top[u]!=top[v])
dep[top[u]]>dep[top[v]]?u=fa[top[u]]:v=fa[top[v]];
return dep[u]<dep[v]?u:v;
}
void update(int u,int v,int x){
int lca=LCA(u,v);
add(ls[u],x),add(ls[v],x),add(ls[lca],-x);
if(fa[lca]) add(ls[fa[lca]],-x);
}
void solve(int l,int r,int ql,int qr){
if(l==r){for(int i=ql;i<=qr;++i) if(q[i].op==) q[i].ans=l;return;}
int mid=(l+r)>>,path=,cl=,cr=;
for(int i=ql;i<=qr;++i){
if(q[i].op==){
if(query(ls[q[i].x],rs[q[i].x])==path) ll[++cl]=q[i];
else rr[++cr]=q[i];
}else{
if(C[q[i].x]<=mid) ll[++cl]=q[i];
else{
int x=q[i].op?-:;path+=x;
update(A[q[i].x],B[q[i].x],x);
rr[++cr]=q[i];
}
}
}
for(int i=;i<=cr;++i) if(rr[i].op!=){
int x=rr[i].op?:-;
update(A[rr[i].x],B[rr[i].x],x);
}
for(int i=;i<=cl;++i) q[ql+i-]=ll[i];
for(int i=;i<=cr;++i) q[ql+cl+i-]=rr[i];
if(cl) solve(l,mid,ql,ql+cl-);
if(cr) solve(mid+,r,ql+cl,qr);
}
int main(){
// freopen("testdata.in","r",stdin);
n=read(),m=read();
for(int i=,u,v;i<n;++i)
u=read(),v=read(),add_edge(u,v),add_edge(v,u);
dfs1(),dfs2(,);
for(int i=;i<=m;++i){
q[i].op=read(),q[i].t=i;
if(!q[i].op){
A[i]=read(),B[i]=read(),C[i]=read();
q[i].x=i,cmax(mx,C[i]);
}else q[i].x=read();
}
solve(-,mx,,m);
sort(q+,q++m);
for(int i=;i<=m;++i)
if(q[i].op==) print(q[i].ans);
Ot();
return ;
}

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