poj 3020 Antenna Placement (最小路径覆盖)
二分图题目
当时看到网上有人的博客写着最小边覆盖,也有人写最小路径覆盖,我就有点方了,斌哥(kuangbin)的博客上只给了代码,没有解释,但是现在我还是明白了,这是个最小路径覆盖(因为我现在还不知道啥叫最小边覆盖)。
有一篇博客如下写道:最小路径覆盖只对有向无环图而言,且并不要求原图是二分图,给所有点一个分身,让他们分别处于两个集合就可以,求出的最小路径覆盖 = n - 最大匹配值。
证明:假设最大匹配值是0,那原先一共有n个路径,每次多一个匹配,这样的路径就减少1,证明完毕。
那么回到这个题,这个题到底是有向图还是无向图呢?其实这取决于你的建图方式,这个图的难点也是建图,我先说下我的建图经历:
一开始我是想把一个点(x,y)化成一位坐标系X*m+Y,建立一个无向图,然后使用复制的方法后来发现这种方式是不太好的,因为它浪费了很多的空间,而且日狗的是还出现了莫名其妙的错误,所以我也决定不粘贴自己的代码了,于是我开始求助斌哥,看他博客里采用了一种hash的思想,我感觉是非常好的,他使用的是无向图的建立方式,然后最小路径覆盖 = n - 最大匹配值 / 2,因为复制之后的匹配,每个边都被匹配了两次,这个自己画一下就能看出来。这个方法的正确性毫无置疑,再次附上斌哥的博客地址以及代码。http://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2012/08/26/2657446.html
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
const int MAXN=;
int uN,vN;//u,v数目
int g[MAXN][MAXN];
int linker[MAXN];
bool used[MAXN];
bool dfs(int u)//从左边开始找增广路径
{
int v;
for(v=; v<vN; v++) //这个顶点编号从0开始,若要从1开始需要修改
if(g[u][v]&&!used[v])
{
used[v]=true;
if(linker[v]==-||dfs(linker[v]))
{
linker[v]=u;
return true;
}
}
return false;//这个不要忘了,经常忘记这句
}
int hungary()
{
int res=;
int u;
memset(linker,-,sizeof(linker));
for(u=; u<uN; u++)
{
memset(used,,sizeof(used));
if(dfs(u)) res++;
}
return res;
}
char map[][];
int hash[][];
int main()
{
int T;
int h,w;
scanf("%d",&T);
int tol;
while(T--)
{
scanf("%d%d",&h,&w);
tol=;
for(int i=; i<h; i++)
{
scanf("%s",&map[i]);
for(int j=; j<w; j++)
if(map[i][j]=='*')
hash[i][j]=tol++;
}
memset(g,,sizeof(g));
for(int i=; i<h; i++)
for(int j=; j<w; j++)
if(map[i][j]=='*')
{
if(i>&&map[i-][j]=='*')g[hash[i][j]][hash[i-][j]]=;
if(i<h-&&map[i+][j]=='*') g[hash[i][j]][hash[i+][j]]=;
if(j>&&map[i][j-]=='*') g[hash[i][j]][hash[i][j-]]=;
if(j<w-&&map[i][j+]=='*') g[hash[i][j]][hash[i][j+]]=;
}
uN=vN=tol;
printf("%d\n",tol-hungary()/);
}
return ;
}
那么有向图怎么建呢,某位大牛说很难建,因为还要判断这个边是否出现过,但其实并没有那么复杂,我们采用根据(i+j)的奇偶性的建图,建出来的就是一个有向图,因为与他相连的点奇偶性肯定与他不同,所以这样建图是正确的,想到这种方法的大神就是把这个题说成是最小边覆盖的人,我附上他的博客地址以及代码。http://blog.csdn.net/y990041769/article/details/37900991
其实要分清有向图和无向图的最小路径覆盖也很简单,思考这样一个问题,有向图1->2->3,匹配是2,无向图1 - 2 - 3,把它当成有向图去考虑,假如我们把12匹配了,23就不能匹配了,因为无向图就是一个双向的有向图,既然选择这条边,那么就选择了正反向两条边,如果在选23,那么2这个点的入度和出度不是1了,也就不是正确的匹配了~
最后针对奇偶性建图再说一句,我更加推荐这种方法,比较的有思维水平,在这种建图方式中不会出现连指向,奇偶必须间隔,所以每个路径只能含有一条边,从而也验证了该种方式的正确性。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <string>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cmath>
using namespace std;
const int N = ;
#define Del(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
int map[N][N],link[N],vis[N],vlink[N];
char path[][];
int line[][];
int n,m,t,tmp1,tmp2;
bool dfs(int x)
{
for(int i=; i<tmp2; i++)
{
if(map[x][i]== && vis[i]==)
{
vis[i]=;
if(link[i]==- || dfs(link[i]))
{
link[i]=x;
return true;
}
}
}
return false;
}
void solve()
{
int ans=;
Del(link,-);
for(int i=; i<tmp1; i++)
{
Del(vis,);
if(dfs(i))
ans++;
}
//printf("%d\n",ans);
printf("%d\n",tmp1+tmp2-ans-);
}
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
//freopen("Input.txt","r",stdin);
while(T--)
{
scanf("%d%d",&n,&m);
Del(path,);
for(int i=;i<=n;i++)
{
getchar();
for(int j=;j<=m;j++)
scanf("%c",&path[i][j]);
}
Del(line,-);
tmp1=,tmp2=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
for(int j=;j<=m;j++)
{
if(path[i][j]=='*')
{
if((i+j)%==)
line[i][j]=tmp1++;
else
line[i][j]=tmp2++;
}
}
} Del(map,);
for(int i=; i<=n; i++)
{
for(int j=; j<=m; j++)
{
if(path[i][j]=='*' && (i+j)%==)
{
if(line[i-][j]>=)
map[line[i-][j]][line[i][j]]=;
if(line[i+][j]>=)
map[line[i+][j]][line[i][j]]=;
if(line[i][j-]>=)
map[line[i][j-]][line[i][j]]=;
if(line[i][j+]>=)
map[line[i][j+]][line[i][j]]=;
}
}
}
solve();
}
return ;
}
poj 3020 Antenna Placement (最小路径覆盖)的更多相关文章
- poj 3020 Antenna Placement (最小路径覆盖)
链接:poj 3020 题意:一个矩形中,有n个城市'*'.'o'表示空地,如今这n个城市都要覆盖无线,若放置一个基站, 那么它至多能够覆盖本身和相邻的一个城市,求至少放置多少个基站才干使得全部的城市 ...
- 二分图最大匹配(匈牙利算法) POJ 3020 Antenna Placement
题目传送门 /* 题意:*的点占据后能顺带占据四个方向的一个*,问最少要占据多少个 匈牙利算法:按坐标奇偶性把*分为两个集合,那么除了匹配的其中一方是顺带占据外,其他都要占据 */ #include ...
- poj 3020 Antenna Placement(最小路径覆盖 + 构图)
http://poj.org/problem?id=3020 Antenna Placement Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total Sub ...
- POJ 3020 Antenna Placement【二分匹配——最小路径覆盖】
链接: http://poj.org/problem?id=3020 http://acm.hust.edu.cn/vjudge/contest/view.action?cid=22010#probl ...
- POJ 3020——Antenna Placement——————【 最小路径覆盖、奇偶性建图】
Antenna Placement Time Limit:1000MS Memory Limit:65536KB 64bit IO Format:%I64d & %I64u S ...
- POJ 3020 Antenna Placement (二分图最小路径覆盖)
<题目链接> 题目大意:一个矩形中,有N个城市’*’,现在这n个城市都要覆盖无线,每放置一个基站,至多可以覆盖相邻的两个城市.问至少放置多少个基站才能使得所有的城市都覆盖无线? 解题分析: ...
- POJ 3020 Antenna Placement 【最小边覆盖】
传送门:http://poj.org/problem?id=3020 Antenna Placement Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total ...
- POJ - 3020 Antenna Placement(最小覆盖路径)
---恢复内容开始--- https://vjudge.net/problem/POJ-3020 题意 *--代表城市,o--代表空地 给城市安装无线网,一个无线网最多可以覆盖两座城市,问覆盖所有城市 ...
- POJ 3020 Antenna Placement 最大匹配
Antenna Placement Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 6445 Accepted: 3182 ...
随机推荐
- FZU 1893 内存管理 模拟
比赛的时候队友要做这道题…… 他没做出来自己也被误导了…… 也算是个教训 自己还是要有自己的思路…… 又是模拟题…… 网上都是用vector做的 我最近才会stl 怎么会用那么高大上的的东西…… 强力 ...
- Arch安装fcitx输入法
安装fcitx,安装gtk.qt模块. [root@ARCH ~]# pacman -S fcitx-im :: There are 4 members in group fcitx-im: :: R ...
- mariaDB安装完成后设置root密码等初始化操作
修改root密码1.以root身份在终端登陆(必须)2.输入 mysqladmin -u root -p password ex后面的 ex 是要设置的密码3.回车后出现 Enter password ...
- Nginx正向代理让无法直接上网的机器通过代理上网
Nginx正向代理让无法直接上网的机器通过代理上网 在阿里云平台买了几台ECS.但是只要其中一台开通了公网.由于要初始化系统环境,需要网络安装相关依赖. Nginx正向代理配置: 一.Nginx 正向 ...
- js 技巧
用于浮窗跳转至父窗口 parent.document.location.href='/xxx/xxx.htm'; 取父窗口的元素 window.parent.$('#xxx'); 正常跳转 windo ...
- Repeater控件的嵌套使用
1.前台代码: <asp:Repeater ID="OrderList" runat="server" onitemdatabound="Ord ...
- python 实现excel转化成json文件
1.准备工作 python 2.7 安装 安装xlrd -- pip install xlrd 2. 直接上代码 import xlrd from collections import Ordered ...
- 把ResultSet对象转变成List对象
private static List<Map<String, Object>> convertRS2List(ResultSet rs) throws SQLExceptio ...
- 存储过程sql语句
select count(virtualacc) into v_count from T_ATMMONITOR WHERE virtualacc = v_number; 用于存储过程中,是把coun ...
- 多个git账户生成多份rsa秘钥实现多个账户同时使用配置
下文分享一个多个git账户生成多份rsa秘钥实现多个账户同时使用配置例子了,这个例子非常的好用对于有多个git的朋友有不小的帮助. 使用过git的童鞋应该对id_rsa秘钥不陌生,总得用github吧 ...