ccpc合肥站的重现...一看就觉得是dp 然后强行搞出来一个转移方程 即 根据第i-1列的需求和i-1 i-2列的枚举摆放 可以得出i列摆放的种类..加了n多if语句...最后感觉怎么都能过了..然而不是t就是wa..最后看别人的题解 我的dp转移是9*O(n)的 常数要t..

别人的题解居然都是用模拟的..根据枚举第一列可以得出第二列的摆放姿势 由这两个摆放和第二列的需求可以求出来第三列..以此类推 最后check一下最后两个..

叉姐的题解里面写了一个dp转移方程..然而并不能看懂..放牛说用状压搞一发就行...有空再补吧..

枚举第一列的模拟版本

  1. #include<stdio.h>
  2. #include<string.h>
  3. #include<algorithm>
  4. #include<math.h>
  5. #include<map>
  6. #include<iostream>
  7. #include<string>
  8. #include<vector>
  9. using namespace std;
  10. #define L long long
  11. char s[10050];
  12. L a[10050];
  13. L b[10050];
  14. L d(L a){
  15. if(a == 1){
  16. return 2;
  17. }
  18. else {
  19. return 1;
  20. }
  21. }
  22. const L mod = 100000007;
  23. int main(){
  24. int t;
  25. scanf("%d",&t);
  26. while(t--){
  27. scanf("%s",s);
  28. int len = strlen(s);
  29. for(int i=1;i<=len;i++){
  30. a[i] = s[i - 1] - '0';
  31. }
  32. if(len == 1){
  33. if(a[1] == 1){
  34. printf("2\n");
  35. }
  36. else if(a[1]==0 || a[1] == 2){
  37. printf("1\n");
  38. }
  39. else {
  40. printf("0\n");
  41. }
  42. continue;
  43. }
  44. L ans = 0;
  45. for(L i=0;i<=2;i++){ /// 枚举第一列放多少
  46. b[1] = i;
  47. b[2] = a[1] - i;
  48. L sum = d(b[1])*d(b[2]); /// 初始状态的种数
  49. if(b[2] < 0 || b[2] > 2)continue;
  50. for(int j=3;j<=len;j++){
  51. b[j] = a[j - 1] - b[j - 1] - b[j - 2];
  52. if(b[j] < 0 || b[j] > 2){
  53. sum = 0;
  54. break;
  55. }
  56. sum *= d(b[j]);
  57. sum %= mod;
  58. }
  59. if(b[len] + b[len-1] != a[len]){
  60. sum = 0;
  61. }
  62. ans += sum;
  63. ans %= mod;
  64. }
  65. printf("%lld\n",ans);
  66. }
  67. }

  

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