JZM 的套题(暴力,DP)
J
Z
M
\rm JZM
JZM 即将奔赴
N
O
I
\rm NOI
NOI 考场,为了让同学们赶上自己的千分之一水平,刻意出了两道水题给同学们练练。
1.曾经的代码
J
Z
M
\rm JZM
JZM 小学一年级的时候曾写过一份代码,来判断一个数是不是 3 的倍数,一般来说,只需要判断
x
%
3
x\%3
x%3 是多少,但是,
J
Z
M
\rm JZM
JZM 精益求精,又求出了
x
x
x 每一位上的数字和
y
y
y ,观察
y
%
3
y\%3
y%3 的值……最终他把
x
x
x 和
y
y
y 加起来得到了
N
N
N 。
此时,灯突然黑了,意识到了不妙,
J
Z
M
\rm JZM
JZM 马上按了一下 Ctrl + s
,顺便把
N
N
N 都记了下来。果然,下一秒,电脑屏幕就黑了,整栋楼停电。
J
Z
M
\rm JZM
JZM 没法好好地在黑暗中演算,于是想你询问,对于每个
N
N
N ,能够得到它的最小
x
x
x 是多少,或者告诉他不存在。
一共
T
≤
5000
T\leq5000
T≤5000 组数据 ,每组数据一个数
N
∈
[
1
,
1
0
18
]
N\in [1,10^{18}]
N∈[1,1018] 。
题解
好熟悉啊,有一种见到
A
B
C
T
1
\rm ABC~T1
ABC T1 和
D
i
v
2
T
1
\rm Div2~T1
Div2 T1 的亲切感。
我们发现答案和
N
N
N 相差不超过
9
∗
18
9*18
9∗18 ,直接暴力枚举得了。
开了两秒时限,只要不是写的太烂都能过。
#include<set>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAXN 100005
#define ENDL putchar('\n')
#define LL long long
#define DB double
#define lowbit(x) ((-x) & (x))
LL read() {
LL f = 1,x = 0;char s = getchar();
while(s < '0' || s > '9') {if(s=='-')f = -f;s = getchar();}
while(s >= '0' && s <= '9') {x=x*10+(s-'0');s = getchar();}
return f * x;
}
int n,m,i,j,s,o,k;
LL sol(LL nm) {
LL as = nm;
while(nm) as += nm%10,nm /= 10;
return as;
}
int main() {
freopen("math.in","r",stdin);
freopen("math.out","w",stdout);
int T = read();
while(T --) {
LL N = read();
bool flag = 0;
for(LL i = max(1ll,N-18*9);i <= N;i ++) {
LL as = sol(i);
if(as == N) {
printf("%lld\n",i);
flag = 1; break;
}
}
if(!flag) printf("-1\n");
}
return 0;
}
2.童年的积木
J
Z
M
\rm JZM
JZM 在玩
N
N
N 块积木,每块有一个高度
a
i
a_i
ai ,两块积木能够拼接在一起,当且仅当
gcd
>
1
\gcd>1
gcd>1。
J
Z
M
\rm JZM
JZM 一阵乱拼,竟拼出了最长的一个上升序列,现在问你它的长度是多少。
题解
如果把每个数向下一位能接的数连边,一定会是个
D
A
G
\rm DAG
DAG ,那么我们优化一下,把每个数的所有质因数处理出来,然后优化建图,从大的数开始进行
D
P
\rm DP
DP ,也是比较简单的。
#include<set>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAXN 100005
#define ENDL putchar('\n')
#define LL long long
#define DB double
#define lowbit(x) ((-x) & (x))
LL read() {
LL f = 1,x = 0;char s = getchar();
while(s < '0' || s > '9') {if(s=='-')f = -f;s = getchar();}
while(s >= '0' && s <= '9') {x=x*10+(s-'0');s = getchar();}
return f * x;
}
int n,m,i,j,s,o,k;
int a[MAXN];
int dp[MAXN];
int pr[MAXN],cp;
vector<int> p[MAXN];
bool f[MAXN];
int main() {
freopen("sequence.in","r",stdin);
freopen("sequence.out","w",stdout);
for(int i = 2;i <= 100000;i ++) {
if(!f[i]) {
for(int j = i;j <= 100000;j += i) {
p[j].push_back(i);
if(j > i) f[j] = 1;
}
}
}
int T = read();
while(T --) {
n = read();
for(int i = 1;i <= 100000;i ++) dp[i] = 0;
for(int i = 1;i <= n;i ++) {
a[i] = read();
}
sort(a + 1,a + 1 + n);
int ans = 0;
for(int i = n;i > 0;i --) {
int dpp = 0,le = p[a[i]].size();
for(int j = 0;j < le;j ++) {
dpp = max(dpp,dp[p[a[i]][j]]);
}
dpp ++;
ans = max(ans,dpp);
for(int j = 0;j < le;j ++) {
dp[p[a[i]][j]] = max(dp[p[a[i]][j]],dpp);
}
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
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