补题链接:Here

A. Array and Peaks

题意:给定 数组大小 \(n\) 和 峰值点 \(k\) 请问是否存在这样的排序,不存在则输出-1

先序从 i = 2 开始填,依次 i += 2 ,如果这样还有不够即 \(k \ne 0\) 则肯定不存在这种排序。

接下来就是填空位了

AC 代码:

void solve() {
int n, k;
cin >> n >> k;
vector<int> a(n + 1);
int nn = n;
for (int i = 2; i <= n; i += 2) {
if (k == 0) break;
a[i] = nn--, k--;
}
if (k) {
cout << -1 << "\n";
return;
}
int cur = 1;
for (int i = 1; i <= n; ++i)
if (!a[i]) a[i] = cur++;
for (int i = 1; i <= n; ++i) cout << a[i] << " ";
cout << "\n";
}

B. AND Sequences

这道题,仍是看了题解都没怎么理解是这样子做的

using ll     = long long;
const ll mod = 1e9 + 7;
void solve() {
int n;
cin >> n;
vector<int> a(n);
for (int &x : a) cin >> x;
int h = 0;
for (int i = 0; i < 30; ++i) {
h |= 1 << i;
for (int x : a)
if (not((x >> i) & 1)) h &= ~(1 << i);
}
int c = count(a.begin(), a.end(), h);
ll ans = (ll)c * (c - 1) % mod;
for (int i = 1; i <= n - 2; ++i) ans = ans * i % mod;
cout << ans << '\n';
}

C. Add One

题意很容易懂:现给一个大数 \(n\) 和 \(m\) 次操作机会,每次操作都要使 \(n\) 的每个位数 + 1,满十进一。如:\(1912 \to21023\)

思路:

由于 \(m\) 的范围在 \([1,2e5]\) 就别想着暴力了,尝试 DP + 预处理

预处理部分: $DP_{(i,j)}\ $ 代表第 i 次操作时位数值时 j 的变化值

\[init:dp[0][i] = 1\\
dp(i,j) = j < 9\ ?\ dp(i - 1,j + 1) : (dp(i-1,0) + dp(i - 1,1)\ \%\ mod)
\]
int M = 2e5 + 10;
vector<vector<int>> dp(M + 1, vector<int>(10));
void init() {
for (int i = 0; i < 10; ++i) dp[0][i] = 1;
for (int i = 1; i <= M; ++i)
for (int j = 0; j < 10; ++j) {
if (j < 9) dp[i][j] = dp[i - 1][j + 1];
else
dp[i][j] = (dp[i - 1][0] + dp[i - 1][1]) % mod;
}
}

所以根据 DP 数组,可以快速得到输入值 n,m的情况下最后的位数

void solve() {
string s;
int m;
cin >> s >> m;
ll ans = 0;
for (char c : s) ans = (ans + dp[m][c - '0']) % mod;
cout << ans << "\n";
}

赛后看了下官方题解,发现可以把二维DP压缩为一位DP

\(dp_i\) 定义为对数字 \(10\) 进行 \(i\) 次运算以后的字符串长度

  • \(dp_i = 2,∀\ i\) in \([0,8]\)

  • \(dp_i = 3,\) if \(i = 9\)

    即对数字 \(10\) 进行 \(9\) 次运算后最终数字为 \(109\)

  • 对于其他情况:\(dp_i = dp_{i-9} + dp_{i - 10}\)

    长度是 \(i - 9\) 次运算和 \(i - 10\) 次运算的和

这里同样先预处理

最后的答案为 \(ans = \sum_{i = 1}^{|s|}((m + (int)(s[i] - '0') < 10)?1:dp_{m-10+(int)(s[i] - '0')})\)

  • 时间复杂度为:\(\mathcal{O}(m+t·|s|)\)
#define int long long
const int max_n = 200005, mod = 1000000007;
int dp[max_n];
signed main() {
for (int i = 0; i < 9; i++) dp[i] = 2;
dp[9] = 3;
for (int i = 10; i < max_n; i++) {
dp[i] = (dp[i - 9] + dp[i - 10]) % mod;
}
ios_base::sync_with_stdio(false), cin.tie(NULL);
int t;
cin >> t;
while (t--) {
int n, m;
cin >> n >> m;
int ans = 0;
while (n > 0) {
int x = n % 10;
ans += ((m + x < 10) ? 1 : dp[m + x — 10]);
ans %= mod;
n /= 10;
}
cout << ans << "\n";
}
return 0;
}

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