UVALive 3938 - "Ray, Pass me the dishes!" - [最大连续子列和+线段树]
题目链接:https://cn.vjudge.net/problem/UVALive-3938
参考刘汝佳书上说的:
题意:
给出一个长度为n的序列, 再给出m个询问, 每个询问是在序列 $[a,b]$ 之间的最大连续和. 要你计算出这个这个区间内最大连续和的区间 $[x,y](a \le x \le y \le b)$;
思路:
1、构造线段树,其中每个结点维护3个值,最大连续子列和 $max\_sub$,最大前缀和 $max\_prefix$,最大后缀和 $max\_suffix$。
具体来说,
$max\_sub(a,b)$ 是满足 $a \le x \le y \le b$ 且 $D_x+D_{x+1}+…+D_y$ 最大的二元组 $(x,y)$;
$max\_prefix(a,b)$ 是满足 $a \le x \le b$ 且 $D_a+D_{a+1}+…+D_x$ 最大的整数 $x$;
$max\_suffix(a,b)$ 是满足 $a \le x \le b$ 且 $D_x+D_{x+1}+…+D_b$ 最大的整数 $x$;
例如 $n=64$,询问为 $(20,50)$,则线段 $[20,50]$ 在线段树的根结点处被分成了两条线段 $[20,32]$ 和 $[33,50]$。则 $max\_sub(20, 50)$ 的起点和终点有3种情况:
情况一:起点和终点都在 $[20,32]$ 中,则 $max\_sub(20,50)=max\_sub(20,32)$。
情况二:起点和终点都在 $[33,50]$ 中,则 $max\_sub(20,50)=max\_sub(33,50)$。
情况三:起点在 $[20,32]$ 中,终点在 $[33,50]$ 中,则 $max\_sub(20,50)=max\_suffix(20, 32) + max\_prefix(33,50)$。
类似地 $max\_suffix$ 和 $max\_prefix$ 也可以这样递推,建树的时间复杂度为 $O(n)$,单组查询的时间复杂度为 $O(\log n)$。
当然,我们实际上做的话,没这么简单:
我们每个线段树节点都维护以下几个值:
max_sub:最大连续子列和
max_pre:最大前缀和
max_suf:最大后缀和
pre_i:最大前缀的结束位置
suf_i:最大后缀的开始位置
sum:区间总和
根据上面刘汝佳书上的三种情况可以写出pushup()函数(前缀和、后缀和的更新也在包含里面),然后后面的build()和query()两个函数都可以用pushup()函数。
更多详细的情况,都在代码里体现了。
AC代码:
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define MAXN 500000+5
typedef long long ll;
using namespace std;
struct Node{
int l,r;
ll sum,max_sub,max_pre,max_suf;//区间和,最大连续子列和,最大前缀和,最大后缀和
int sub_l,sub_r,pre_i,suf_i;//最大连续子列和的边界,最大前缀和的边界,最大后缀和的边界
}node[*MAXN];
int n,m,a[MAXN];
void pushup(Node& root,Node& lchild,Node& rchild)
{
root.sum = lchild.sum + rchild.sum; if(lchild.max_pre >= lchild.sum + rchild.max_pre)
{
root.max_pre = lchild.max_pre;
root.pre_i = lchild.pre_i;
}
else
{
root.max_pre = lchild.sum + rchild.max_pre;
root.pre_i = rchild.pre_i;
} if(lchild.max_suf + rchild.sum >= rchild.max_suf)
{
root.max_suf = lchild.max_suf + rchild.sum;
root.suf_i = lchild.suf_i;
}
else
{
root.max_suf = rchild.max_suf;
root.suf_i = rchild.suf_i;
} root.max_sub = lchild.max_sub;
root.sub_l = lchild.sub_l;
root.sub_r = lchild.sub_r;
if(lchild.max_suf + rchild.max_pre > root.max_sub || (lchild.max_suf + rchild.max_pre == root.max_sub && lchild.suf_i < root.sub_l))
{
root.max_sub = lchild.max_suf + rchild.max_pre;
root.sub_l = lchild.suf_i;
root.sub_r = rchild.pre_i;
}
if(rchild.max_sub > root.max_sub)
{
root.max_sub = rchild.max_sub;
root.sub_l = rchild.sub_l;
root.sub_r = rchild.sub_r;
}
}
void build(int root,int l,int r)
{
node[root].l=l;
node[root].r=r;
if(l==r)
{
node[root].sum=a[l];
node[root].max_sub=a[l]; node[root].sub_l=l; node[root].sub_r=l;
node[root].max_pre=a[l]; node[root].pre_i=l;
node[root].max_suf=a[l]; node[root].suf_i=l;
}
else
{
int mid=l+(r-l)/;
build(root*,l,mid);
build(root*+,mid+,r);
pushup(node[root],node[root*],node[root*+]);
}
}
Node query(int root,int st,int ed)
{
if(st==node[root].l && node[root].r==ed) return node[root]; int mid=(node[root].l+node[root].r)/;
if(ed<=mid) return query(root*,st,ed);
else if(st>mid) return query(root*+,st,ed);
else
{
Node r1=query(root*,st,mid);
Node r2=query(root*+,mid+,ed);
Node ans; ans.l = st, ans.r=ed;
pushup(ans,r1,r2); return ans;
}
}
int main()
{
int kase=;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
for(int i=;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
build(,,n);
printf("Case %d:\n",++kase);
for(int i=,l,r;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&l,&r);
Node ans=query(,l,r);
printf("%d %d\n",ans.sub_l,ans.sub_r);
}
}
}
PS.这道题可以说要对普通线段树模板进行巨大的改动,是一道可以加深对线段树理解的好题。
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