题目描述

奈特公司是一个巨大的情报公司,它有着庞大的情报网络。情报网络中共有n名情报员。每名情报员口J-能有若T名(可能没有)下线,除1名大头日外其余n-1名情报员有且仅有1名上线。奈特公司纪律森严,每名情报员只能与自己的上、下线联系,同时,情报网络中仟意两名情报员一定能够通过情报网络传递情报。奈特公司每天会派发以下两种任务中的一个任务:
1.搜集情报:指派T号情报员搜集情报
2.传递情报:将一条情报从X号情报员传递给Y号情报员
情报员最初处于潜伏阶段,他们是相对安全的,我们认为此时所有情报员的危险值为0;-旦某个情报员开始搜集情报,他的危险值就会持续增加,每天增加1点危险值(开始搜集情报的当天危险值仍为0,第2天危险值为1,第3天危险值为2,以此类推)。传递情报并不会使情报员的危险值增加。
为了保证传递情报的过程相对安全,每条情报都有一个风险控制值C。余特公司认为,参与传递这条情报的所有情报员中,危险值大于C的情报员将对该条情报构成威胁。现在,奈特公司希望知道,对于每个传递情报任务,参与传递的情报员有多少个,其中对该条情报构成威胁的情报员有多少个。

输入

第1行包含1个正整数n,表示情报员个数。
笫2行包含n个非负整数,其中第i个整数Pi表示i号情报员上线的编号。特别地,若Pi=0,表示i号情报员是大头目。
第3行包含1个正整数q,表示奈特公司将派发q个任务(每天一个)。
随后q行,依次描述q个任务。
每行首先有1个正整数k。若k=1,表示任务是传递情报,随后有3个正整数Xi、Yi、Ci,依次表示传递情报的起点、终点和风险控制值;若k=2,表示任务是搜集情报,随后有1个正整数Ti,示搜集情报的情报员编号。

输出

对于每个传递情报任务输出一行,应包含两个整数,分别是参与传递情报的情报员个数和对该条情报构成威胁的情报员个数。
输出的行数应等于传递情报任务的个数,每行仅包含两个整数,用一个空格隔开。输出不应包含多余的空行和空格。

样例输入

7
0 1 1 2 2 3 3
6
1 4 7 0
2 1
2 4
2 7
1 4 7 1
1 4 7 3

样例输出

5 0
5 2
5 1


题目大意

给出一棵树,有两种操作:1.标记一个点;2.询问两点间路径长度及路径上上有多少个点在 当前时间减去ci 之前被标记过

题解

主席树

看懂了题就好做多了。

考虑到修改操作比较麻烦,由于c>0,表明后面对前面没有影响,可以调换顺序。

我们可以离线处理,先将所有点标记上(即赋权值为标记时间),然后离线查找即可。

之后就是套路,点x在fa[x]之上建立主席树,查询x、y时相当于1->x + 1->y - 1->lca(x,y) - 1->fa[lca(x,y)]。

注意一下 当前时间-ci<=0 时的特判

#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 200010
using namespace std;
int m , head[N] , to[N] , next[N] , cnt , fa[N][20] , deep[N] , log[N] , opt[N] , x[N] , y[N] , c[N] , p[N];
int root[N] , ls[N * 20] , rs[N * 20] , si[N * 20] , tot;
void add(int x , int y)
{
to[++cnt] = y , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;
}
void ins(int p , int l , int r , int x , int &y)
{
y = ++tot , si[y] = si[x] + 1;
if(l == r) return;
int mid = (l + r) >> 1;
if(p <= mid) rs[y] = rs[x] , ins(p , l , mid , ls[x] , ls[y]);
else ls[y] = ls[x] , ins(p , mid + 1 , r , rs[x] , rs[y]);
}
void dfs(int x)
{
int i;
if(p[x]) ins(p[x] , 1 , m , root[fa[x][0]] , root[x]);
else root[x] = root[fa[x][0]];
for(i = 1 ; i <= log[deep[x]] ; i ++ ) fa[x][i] = fa[fa[x][i - 1]][i - 1];
for(i = head[x] ; i ; i = next[i]) deep[to[i]] = deep[x] + 1 , dfs(to[i]);
}
int getlca(int x , int y)
{
int i;
if(deep[x] < deep[y]) swap(x , y);
for(i = log[deep[x] - deep[y]] ; ~i ; i -- )
if(deep[x] - (1 << i) >= deep[y])
x = fa[x][i];
for(i = log[deep[x]] ; ~i ; i -- )
if(deep[x] >= (1 << i) && fa[x][i] != fa[y][i])
x = fa[x][i] , y = fa[y][i];
return x == y ? x : fa[x][0];
}
int query(int p , int l , int r , int a , int b , int c , int d)
{
if(l == r) return si[a] + si[b] - si[c] - si[d];
int mid = (l + r) >> 1;
if(p <= mid) return query(p , l , mid , ls[a] , ls[b] , ls[c] , ls[d]);
else return query(p , mid + 1 , r , rs[a] , rs[b] , rs[c] , rs[d]) + si[ls[a]] + si[ls[b]] - si[ls[c]] - si[ls[d]];
}
int main()
{
int n , i , f;
scanf("%d%*d" , &n);
for(i = 2 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d" , &fa[i][0]) , add(fa[i][0] , i) , log[i] = log[i >> 1] + 1;
scanf("%d" , &m);
for(i = 1 ; i <= m ; i ++ )
{
scanf("%d%d" , &opt[i] , &x[i]);
if(opt[i] == 1) scanf("%d%d" , &y[i] , &c[i]);
else if(!p[x[i]]) p[x[i]] = i;
}
dfs(1);
for(i = 1 ; i <= m ; i ++ )
if(opt[i] == 1)
f = getlca(x[i] , y[i]) , printf("%d %d\n" , deep[x[i]] + deep[y[i]] - 2 * deep[f] + 1 , i - c[i] > 0 ? query(i - c[i] - 1 , 1 , m , root[x[i]] , root[y[i]] , root[f] , root[fa[f][0]]) : 0);
return 0;
}

【bzoj4448】[Scoi2015]情报传递 主席树的更多相关文章

  1. BZOJ4448[Scoi2015]情报传递——主席树+LCA

    题目描述 奈特公司是一个巨大的情报公司,它有着庞大的情报网络.情报网络中共有n名情报员.每名情报员口J-能有 若T名(可能没有)下线,除1名大头目外其余n-1名情报员有且仅有1名上线.奈特公司纪律森严 ...

  2. bzoj4448 [Scoi2015]情报传递 主席树+树上差分

    题目传送门 https://lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4448 题解 练习一下主席树的基础练习题找回感觉. 对于每一次询问,第一问显然随便做. 第二问的 ...

  3. 【BZOJ4448】[Scoi2015]情报传递 主席树+LCA

    [BZOJ4448][Scoi2015]情报传递 Description 奈特公司是一个巨大的情报公司,它有着庞大的情报网络.情报网络中共有n名情报员.每名情报员能有若干名(可能没有)下线,除1名大头 ...

  4. bzoj 4448 [Scoi2015]情报传递 主席树

    比较套路的题目. 可以发现难点在于某个点的权值动态修改 且我们要维护树上一条路径上的点权>x的个数. 每个点都在动态修改 这意味着我们的只能暴力的去查每个点. 考虑将所有可以动态修改的点变成静态 ...

  5. 4448: [Scoi2015]情报传递|主席树|离线操作

    能够把全部的操作离线,然后树链剖分将全部人搜集情报的时间增加到主席树中,查询的时候能够直接查询搜集情报时间≤i−C[i]−1的人的个数 时间复杂度n∗log22n,空间复杂度n∗log2n #incl ...

  6. BZOJ4448 SCOI2015情报传递(离线+树链剖分+树状数组)

    即滋磁单点修改,询问路径上小于某数的值有多少个.暴力树剖套个主席树(或者直接树上主席树,似乎就1个log了?感觉不一定比两个log快)即可,然而不太优美. 开始觉得可以cdq,然而就变成log^3了. ...

  7. 洛谷P4216 [SCOI2015]情报传递(树剖+主席树)

    传送门 我们可以进行离线处理,把每一个情报员的权值设为它开始收集情报的时间 那么设询问的时间为$t$,就是问路径上有多少个情报员的权值小于等于$t-c-1$ 这个只要用主席树上树就可以解决了,顺便用树 ...

  8. bzoj4448 SCOI2015 情报传递 message

    传送门bzoj4448 题解 离线之后构建树上主席树,每个点的线段树维护到根路径的信息,不用链剖(我的链剖只是拿来求\(\mathrm{lca}\)的),时空复杂度\(O(n\log{n})\). c ...

  9. 2019.03.26 bzoj4448: [Scoi2015]情报传递(归并排序+树链剖分)

    传送门 题意简述: 给一棵nnn个点的树,树上每个点表示一个情报员,一共有mmm天,每天会派发以下两种任务中的一个任务: 1.搜集情报:指派T号情报员搜集情报 2.传递情报:将一条情报从X号情报员传递 ...

随机推荐

  1. Java读取properties配置文件工具类

    1.   PropertyUtils.java package javax.utils; import java.io.InputStream; import java.util.Properties ...

  2. Oracle Undo 和 Redo

    1. REDO(重做信息) Redo log file(重做日志文件),是数据库的事务日志. Oracle维护着两类重做日志文件:在线(online)重做日志文件和归档(archived)重做日志文件 ...

  3. 黑马基础阶段测试题:定义一个int类型的数组,数组中元素为{5,7,3,9,4}。求出数组中的最小值,并判断最小值是否为偶数,如果是偶数则输出“最小值为偶数”,如果不是偶数则输出“最小值为奇数”。打印如下:

    package com.swift; import java.util.Arrays; public class ArrayTest { public static void main(String[ ...

  4. java基础面试题:抽象类中是否可以有静态的main方法?

  5. 2- vue django restful framework 打造生鲜超市 -环境搭建

    使用Python3.6与Django2.0.2(Django-rest-framework)以及前端vue开发的前后端分离的商城网站 项目支持支付宝支付(暂不支持微信支付),支持手机短信验证码注册, ...

  6. 2.在Cisco Packet Tracer里交换机默认网关的配置(实现跨网段telnet)

    我们将在此拓扑图的基础上进行实验 大多命令都可用tab键位来补齐 1.分别给pc机设置好ip地址 pc2为:192.168.1.1 pc3为:192.168.2.1 两台计算机处在不同的网段之中 2. ...

  7. Ubuntu 下使用虚拟串口进行开发测试

    1. python 工具 #coding = utf-8 import pty import os import select def mkpty(): master1, slave = pty.op ...

  8. Tame Me【驯服我】

    Tame Me “Good morning,” said the fox. 早上好,狐狸说 “Good morming,” the little prince responded politely,a ...

  9. day14之模块

    一.列表生成式与生成表达式 1.列表生成式(数据量小) 要求:在列表内造100个元素 示例: l=[] for i in range(100): l.append('egg%s'%i) print(l ...

  10. GSMM数据库设计小结

    边写边结 1.新增,删除,修改在各自的DAL中进行,查,可以新建一个DAL,里面是需要的各个属性,跨表,不同表属性整合成一个对象(集合)返回,输出到用户界面.