«问题描述:
假设有来自m 个不同单位的代表参加一次国际会议。每个单位的代表数分别为
ri(i=1,2,3...m), 。会议餐厅共有n张餐桌,每张餐桌可容纳c i(i=1,2...n) 个代表就餐。
为了使代表们充分交流,希望从同一个单位来的代表不在同一个餐桌就餐。试设计一个算法,
给出满足要求的代表就餐方案。
«编程任务:
对于给定的代表数和餐桌数以及餐桌容量,编程计算满足要求的代表就餐方案。
«数据输入:
由文件roundtable.in提供输入数据。文件第1行有2 个正整数m和n,m表示单位数,n表
示餐桌数,1<=m<=150, 1<=n<=270。文件第2 行有m个正整数,分别表示每个单位的代表
数。文件第3 行有n个正整数,分别表示每个餐桌的容量。
«结果输出:
程序运行结束时,将代表就餐方案输出到文件roundtable.out中。如果问题有解,在文件第
1 行输出1,否则输出0。接下来的m行给出每个单位代表的就餐桌号。如果有多个满足要
求的方案,只要输出1 个方案。
输入文件示例 输出文件示例
roundtable.in

4 5
4 5 3 5
3 5 2 6 4

roundtable.out

1
1 2 4 5
1 2 3 4 5
2 4 5
1 2 3 4 5

最大流问题。

源点S向所有的单位连边,容量为单位人数;

每个单位向所有的桌子连边,容量为1 (只能派一个人);

每个桌子向汇点T连边,容量为桌子可容纳人数;

跑最大流,如果可以满流,说明问题有解。

检查每一条边,记录每个单位派代表去了哪些桌子,最后输出答案。

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<vector>
using namespace std;
const int mxn=;
int read(){
int x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<'' || ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>='' && ch<=''){x=x*-''+ch;ch=getchar();}
return x*f;
}
struct edge{
int u,v,nxt,f;
}e[mxn*];
int hd[mxn],mct=;
void add_edge(int u,int v,int f){
e[++mct].v=v;e[mct].u=u;e[mct].f=f;e[mct].nxt=hd[u];hd[u]=mct;return;
}
int n,m;
int S,T;
int d[mxn];
bool BFS(int s,int t){
queue<int>q;
memset(d,,sizeof d);
d[s]=;
q.push(s);
while(!q.empty()){
int u=q.front();q.pop();
for(int i=hd[u];i;i=e[i].nxt){
int v=e[i].v;
if(!d[v] && e[i].f){
d[v]=d[u]+;
q.push(v);
}
}
}
return d[t];
}
int DFS(int u,int lim){
if(u==T)return lim;
int tmp,f=;
for(int i=hd[u];i;i=e[i].nxt){
int v=e[i].v;
if(d[v]==d[u]+ && e[i].f){
tmp=DFS(v,min(lim,e[i].f));
e[i].f-=tmp;
e[i^].f+=tmp;
lim-=tmp;
f+=tmp;
if(!lim)return f;
}
}
d[u]=;
return f;
}
inline int Dinic(){
int res=;
while(BFS(S,T))res+=DFS(S,1e9);
return res;
}
int r[mxn],c[mxn];
vector<int>to[mxn];
int main()
{
freopen("roundtable.in","r",stdin);
freopen("roundtable.out","w",stdout);
m=read();n=read();
int i,j;
int smm=;
for(i=;i<=m;i++)r[i]=read(),smm+=r[i];//人数
for(i=;i<=n;i++)c[i]=read();//餐桌容量
S=;T=n+m+;
for(i=;i<=n;i++){//餐桌
add_edge(S,i,c[i]);
add_edge(i,S,);
}
for(i=;i<=m;i++){
for(j=;j<=n;j++){
add_edge(j,i+n,);
add_edge(i+n,j,);
}
}
for(i=;i<=m;i++){
add_edge(i+n,T,r[i]);
add_edge(T,i+n,);
}
int ans=Dinic();
if(ans!=smm){printf("0\n");return ;}
for(i=;i<=mct;i++){
if(e[i].f && e[i].u!=S && e[i].u!=T && e[i].v!=S && e[i].v!=T && e[i].u>e[i].v){
// printf("%d (%d) to %d\n",e[i].u,e[i].u-n,e[i].v);
to[e[i].u-n].push_back(e[i].v);
}
}
printf("1\n");
for(i=;i<=m;i++){
for(j=;j<to[i].size();j++){
printf("%d ",to[i][j]);
}
printf("\n");
}
return ;
}

COGS729. [网络流24题] 圆桌聚餐的更多相关文章

  1. Cogs 729. [网络流24题] 圆桌聚餐

    [网络流24题] 圆桌聚餐 ★★ 输入文件:roundtable.in 输出文件:roundtable.out 评测插件 时间限制:1 s 内存限制:128 MB «问题描述: 假设有来自m 个不同单 ...

  2. 【PowerOJ1740&网络流24题 圆桌聚餐】(最大流)

    题意: 来自n个不同国家的代表开会,每个国家代表数为ci 会场有m张圆桌,每张桌子可容纳mi人 不希望有同一个国家的代表在同一张桌子上就餐 设计一个合法方案 (n,m<=300) 思路:最大流, ...

  3. 网络流24题——圆桌问题 luogu 3254

    题目传送门:这里 这是网络流24题里最简单的一道,我们从这里开始 虽然是网络流24题之一,但可以不用网络流... 本题采用贪心即可 有一个很显然的思想:在分配每一组时,我们都应当优先分配给当前可容纳人 ...

  4. [洛谷P3254] [网络流24题] 圆桌游戏

    Description 假设有来自m 个不同单位的代表参加一次国际会议.每个单位的代表数分别为ri (i =1,2,--,m). 会议餐厅共有n 张餐桌,每张餐桌可容纳ci (i =1,2,--,n) ...

  5. [cogs729] [网络流24题#5] 圆桌聚餐 [网络流,最大流,多重二分图匹配]

    建图:从源点向单位连边,边权为单位人数,从单位向圆桌连边,边权为1,从圆桌向汇点连边,边权为圆桌容量. #include <iostream> #include <algorithm ...

  6. LibreOJ 6004. 「网络流 24 题」圆桌聚餐 网络流版子题

    #6004. 「网络流 24 题」圆桌聚餐 内存限制:256 MiB时间限制:5000 ms标准输入输出 题目类型:传统评测方式:Special Judge 上传者: 匿名 提交提交记录统计讨论测试数 ...

  7. Libre 6004 「网络流 24 题」圆桌聚餐(网络流,最大流)

    Libre 6004 「网络流 24 题」圆桌聚餐(网络流,最大流) Description 假设有来自n个不同单位的代表参加一次国际会议.每个单位的代表数分别为 ri.会议餐厅共有m张餐桌,每张餐桌 ...

  8. 【最大流/二分图匹配】【网络流24题】【P3254】 圆桌问题

    Description 假设有来自m 个不同单位的代表参加一次国际会议.每个单位的代表数分别为ri (i =1,2,--,m). 会议餐厅共有n 张餐桌,每张餐桌可容纳ci (i =1,2,--,n) ...

  9. 【线性规划与网络流 24题】已完成(3道题因为某些奇怪的原因被抛弃了QAQ)

    写在前面:SDOI2016 Round1滚粗后蒟蒻开始做网络流来自我拯救(2016-04-11再过几天就要考先修课,现在做网络流24题貌似没什么用←退役节奏) 做的题目将附上日期,见证我龟速刷题. 1 ...

随机推荐

  1. Play Framework 完整实现一个APP(三)

    1.添加Post类 package models; import java.util.*; import javax.persistence.*; import play.db.jpa.*; @Ent ...

  2. tomcat 应用部署的几点注意

    将应用部署到Tomcat根目录的目的是可以通过"http://[ip]:[port]"直接访问应用,而不是使用"http://[ip]:[port]/[appName]& ...

  3. String.Empty、null、“” 区别

    概念准备: 1.引用类型是将对象是实际数据保存在堆中, 将对象在堆中的地址保存在栈中. 2.值类型直接将实际数据存放在堆中,不会将对象在堆中的地址保存在栈中. 一.String.Empty和" ...

  4. Memcache学习整理

    一.Memcache 是什么? 组成:程序进程管理.Socket 程序进程:Memcache把内存先分成几个大份,每一份分成多个小份.例如:小份中有5M...0.9M.0.8M.....0.1M,一份 ...

  5. 从零自学Hadoop(03):Linux准备上

    阅读目录 序 检查列表 常用Linux命令 搭建环境 系列索引 本文版权归mephisto和博客园共有,欢迎转载,但须保留此段声明,并给出原文链接,谢谢合作. 文章是哥(mephisto)写的,Sou ...

  6. 启动mysql时显示:/tmp/mysql.sock 不存在的解决方法

    启动mysql时显示:/tmp/mysql.sock 不存在的解决方法 启动mysql时报错的解决(mysql 5.0.45 redhat as 43)  ====================== ...

  7. linux shell for循环使用命令中读取到的值实例

    #!/bin/bash file="states" for state in `cat $file` do echo "Visit beautiful $state&qu ...

  8. silicon labs 代理商

      http://www.silabs.com/buysample/pages/contact-sales.aspx?SearchLocation=China       Silicon Labs A ...

  9. Oracle安装注意点与工具使用简说

    oracle数据库安装 注意点:orcl,安装过程中指定sys,system等相关账户密码 scott账户下有常用的四张表,可用system或sys作为sysdba进去, 可alter user sc ...

  10. 1、linux网络服务实验 用PuTTY连接Linux

    这个是大三下学期的Linux网络服务配置详解时,感觉老师上得简单,就整理下,岭南师范学院师弟妹有福,如果是蔡老师交的话,可以拿来预习,复习. 一.用PuTTY连接Linux ①.装有redhat系统的 ...