HDU 3480 DP+斜率优化
题意:给你n个数字,然后叫你从这些数字中选出m堆,使得每一堆的总和最小,一堆的总和就是这一堆中最大值减去最小值的平方,最后要使得所有堆加起来的总和最小。
思路:对这些数字排序之后,很容易想到DP解法,用dp[i][j]表示数字i现在在第j堆,那么转移方程就是dp[i][j] = min(dp[i][j] , dp[k][j - 1] + (a[i] - a[k + 1]) ^ 2)。因为已经排序,所以这一堆中的最大最小值其实就是a[i]和a[k + 1]。所以用DP可解。
但是注意到这实际上是需要3重循环的,而且N和M分别为10 ^ 4和5 * 10 ^ 3,所以会TLE。
其实看到转移方程后面的部分,我们就应该能想到斜率优化的方法。
假设k < l < i,我们要使得k的决策优于l,那么也就是dp[k][j - 1] + (a[i] - a[k + 1]) ^ 2 < dp[l][j - 1] + (a[i] - a[l + 1]) ^ 2 。
化简得(dp[k][j - 1] + a[k + 1] ^ 2 - (dp[l][j - 1] + a[l + 1] ^ 2)) / (2 * (a[k + 1 ] - a[l + 1])) < a[i] 。
也就是说符合上述斜率要求的k,是优于l的。
我们用g(k ,l )表示k的决策优于l。
那么我们每次更新 dp[i][j]的值的时候,只需要取出最优的决策即可,所以这一维就是O(1) .
进一步说,在第一个while 中,如果这时候队列里有两个元素,qe[l + 1] 和qe[l]。如果这时候g(qe[l + 1] , qe[l])成立,那么这时候qe[l]就不需要再计算了,因为qe[l + 1]的决策比他更优,所以我们只需要找出最优的决策,更新一次即可。
同样的,假设k < l < i 。如果g(i , l ) < g(l , k),那么此时l是可以被优化掉的。因为他不可能是最优解。这就是第二个while的作用。
#include <set>
#include <map>
#include <stack>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <vector>
#include <iomanip>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define Max 2505
#define FI first
#define SE second
#define ll long long
#define PI acos(-1.0)
#define inf 0x3fffffff
#define LL(x) ( x << 1 )
#define bug puts("here")
#define PII pair<int,int>
#define RR(x) ( x << 1 | 1 )
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define REP(i,s,t) for( int i = ( s ) ; i <= ( t ) ; ++ i ) using namespace std; #define N 11111
#define M 5555
int dp[N][M] ;
int a[N] ; int getU(int j ,int k ,int z){
return dp[k][j - 1] + a[k + 1] * a[k + 1] - (dp[z][j - 1] + a[z + 1] * a[z + 1]) ;
}
int getD(int k , int z){
return 2 * (a[k + 1] - a[z + 1]) ;
} int getDP(int i , int j ,int k){
return dp[k][j - 1] + (a[i] - a[k + 1]) * (a[i] - a[k + 1]) ;
}
int qe[N * 10] ;
void solve(){
int n , m ;
cin >> n >> m ;
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++ )cin >> a[i] ;
sort(a + 1 , a + n + 1 ) ; for (int i = 0 ; i <= n ; i ++ ){
for (int j = 0 ; j <= m ; j ++ )
dp[i][j] = inf ;
dp[i][1] = (a[i] - a[1]) * (a[i] - a[1]) ;
}
dp[0][0] = 0 ;
for (int j = 1 ; j <= m ; j ++ ){
int l = 0 , r = 0 ;
qe[r ++ ] = 0 ;
for (int i = 1 ; i <= n ; i ++ ){
while(l + 1 < r && getU(j , qe[l + 1] , qe[l]) <= a[i] * getD(qe[l + 1] ,qe[l]))l ++ ;
dp[i][j] = getDP(i , j , qe[l]) ;
while(l + 1 < r && getU(j , i , qe[r - 1]) * getD(qe[r - 1] , qe[r - 2]) <=
getU(j , qe[r - 1] , qe[r - 2]) * getD(i , qe[r - 1]))r -- ;
qe[r ++ ] = i ;
}
}
cout << dp[n][m] << endl;
}
int main() {
int ca = 0 ;
int t ; cin >> t ; while(t -- ){
printf("Case %d: ",++ca) ;
solve() ;
}
return 0 ;
}
HDU 3480 DP+斜率优化的更多相关文章
- HDU 3480 DP 斜率优化 Division
把n个数分成m段,每段的值为(MAX - MIN)2,求所能划分得到的最小值. 依然是先从小到大排个序,定义状态d(j, i)表示把前i个数划分成j段,所得到的最小值,则有状态转移方程: d(j, i ...
- hdu 3480 Division(斜率优化DP)
题目链接:hdu 3480 Division 题意: 给你一个有n个数的集合S,现在让你选出m个子集合,使这m个子集合并起来为S,并且每个集合的(max-min)2 之和要最小. 题解: 运用贪心的思 ...
- hdu 3507(DP+斜率优化)
Print Article Time Limit: 9000/3000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/65536 K (Java/Others)To ...
- HDU 3045 DP 斜率优化 Picnic Cows
题意:将n个数分成若干组,每组数字的个数不少于t个,要把每组的数字减小到这组最小值,求所有数字减少的最小值. 先将这n个数从小到大排个序,可以想到一组里面的数一定是排序后相邻的. 设d(i)表示前i个 ...
- hdu 2829 Lawrence(斜率优化DP)
题目链接:hdu 2829 Lawrence 题意: 在一条直线型的铁路上,每个站点有各自的权重num[i],每一段铁路(边)的权重(题目上说是战略价值什么的好像)是能经过这条边的所有站点的乘积之和. ...
- HDU 3507 [Print Article]DP斜率优化
题目大意 给定一个长度为\(n(n \leqslant 500000)\)的数列,将其分割为连续的若干份,使得 $ \sum ((\sum_{i=j}^kC_i) +M) $ 最小.其中\(C_i\) ...
- 【BZOJ-4518】征途 DP + 斜率优化
4518: [Sdoi2016]征途 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 230 Solved: 156[Submit][Status][ ...
- 【BZOJ-3437】小P的牧场 DP + 斜率优化
3437: 小P的牧场 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 705 Solved: 404[Submit][Status][Discuss ...
- 【BZOJ-1010】玩具装箱toy DP + 斜率优化
1010: [HNOI2008]玩具装箱toy Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 8432 Solved: 3338[Submit][St ...
随机推荐
- C#中的DataTable简单使用Merge
//不同结构的DataTable追加第二个DataTable数据在对应行后的 简单使用//不同结构的DataTable追加在行后面的合并 DataTable dt = new DataTable(); ...
- spark sql 基本用法
一.通过结构化数据创建DataFrame: publicstaticvoid main(String[] args) { SparkConf conf = new SparkConf() .se ...
- [Swust OJ 1094]--中位数(巧用set,堆排序)
题目链接:http://acm.swust.edu.cn/problem/1094/ Time limit(ms): 1000 Memory limit(kb): 32768 中位数(又称中值,英 ...
- No persister for 编译器每行执行两次的解决方法
是前台的 js 的 datagrid 部件加了 oncheck 事件引起
- CentOS6.5下VNC Server远程桌面配置详解
参考文献: (总结)CentOS Linux下VNC Server远程桌面配置详解 远程桌面连接工具VNC——license Key 我的下载地址为 太平洋下载 VNC连接黑屏的问题 centos 6 ...
- IOS-TextField功能方法详解
//初始化textfield并设置位置及大小 UITextField *text = [[UITextField alloc]initWithFrame:CGRectMake(20, 20, 130, ...
- 基于visual Studio2013解决C语言竞赛题之0419误差控制
题目 解决代码及点评 /************************************************************************/ /* 19 ...
- CMAKE的使用
CMAKE的使用 Version 1.0 2009-3-18 一. 基本使用 安装:下载二进制包后可直接解压使用 从源码安装则执行命令:./bootstrap; make; make ins ...
- C#根据域名查询IP(CMD命令参数输入或者启动程序后再输入查询)
有时因为需要,希望知道域名的IP,那用C#怎么实现呢?以下是实现代码 using System; using System.Collections.Generic; using System.Linq ...
- BZOJ 4059: [Cerc2012]Non-boring sequences ( )
要快速在一段子序列中判断一个元素是否只出现一次 , 我们可以预处理出每个元素左边和右边最近的相同元素的位置 , 这样就可以 O( 1 ) 判断. 考虑一段序列 [ l , r ] , 假如我们找到了序 ...