NOIP2004题解
考查题型 dp 搜索 模拟 数据结构堆 贪心
T1
津津的储蓄计划
题目描述
津津的零花钱一直都是自己管理。每个月的月初妈妈给津津300元钱,津津会预算这个月的花销,并且总能做到实际花销和预算的相同。
为了让津津学习如何储蓄,妈妈提出,津津可以随时把整百的钱存在她那里,到了年末她会加上20%还给津津。因此津津制定了一个储蓄计划:每个月的月初,在得到妈妈给的零花钱后,如果她预计到这个月的月末手中还会有多于100元或恰好100元,她就会把整百的钱存在妈妈那里,剩余的钱留在自己手中。
例如11月初津津手中还有83元,妈妈给了津津300元。津津预计11月的花销是180元,那么她就会在妈妈那里存200元,自己留下183元。到了11月月末,津津手中会剩下3元钱。
津津发现这个储蓄计划的主要风险是,存在妈妈那里的钱在年末之前不能取出。有可能在某个月的月初,津津手中的钱加上这个月妈妈给的钱,不够这个月的原定预算。如果出现这种情况,津津将不得不在这个月省吃俭用,压缩预算。
现在请你根据2004年1月到12月每个月津津的预算,判断会不会出现这种情况。如果不会,计算到2004年年末,妈妈将津津平常存的钱加上20%还给津津之后,津津手中会有多少钱。
输入输出格式
输入格式:
输入文件save.in包括12行数据,每行包含一个小于350的非负整数,分别表示1月到12月津津的预算。
输出格式:
输出文件save.out包括一行,这一行只包含一个整数。如果储蓄计划实施过程中出现某个月钱不够用的情况,输出-X,X表示出现这种情况的第一个月;否则输出到2004年年末津津手中会有多少钱。
注意,洛谷不需要进行文件输入输出,而是标准输入输出。
输入输出样例
290
230
280
200
300
170
340
50
90
80
200
60
-7
290
230
280
200
300
170
330
50
90
80
200
60 题解 模拟
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int x,tmp,res;
int main(){
for(int i=;i<=;i++){
scanf("%d",&x);
if(res+<x){
printf("%d\n",-i);
return ;
}
res=res+-x;
if(res>=){
tmp+=(res/);
res=res%;
}
}
printf("%d\n",tmp*+tmp*+res);
return ;
}
T2
合并果子
题目描述
在一个果园里,多多已经将所有的果子打了下来,而且按果子的不同种类分成了不同的堆。多多决定把所有的果子合成一堆。
每一次合并,多多可以把两堆果子合并到一起,消耗的体力等于两堆果子的重量之和。可以看出,所有的果子经过n-1次合并之后,就只剩下一堆了。多多在合并果子时总共消耗的体力等于每次合并所耗体力之和。
因为还要花大力气把这些果子搬回家,所以多多在合并果子时要尽可能地节省体力。假定每个果子重量都为1,并且已知果子的种类数和每种果子的数目,你的任务是设计出合并的次序方案,使多多耗费的体力最少,并输出这个最小的体力耗费值。
例如有3种果子,数目依次为1,2,9。可以先将1、2堆合并,新堆数目为3,耗费体力为3。接着,将新堆与原先的第三堆合并,又得到新的堆,数目为12,耗费体力为12。所以多多总共耗费体力=3+12=15。可以证明15为最小的体力耗费值。
输入输出格式
输入格式:
输入文件fruit.in包括两行,第一行是一个整数n(1<=n<=10000),表示果子的种类数。第二行包含n个整数,用空格分隔,第i个整数ai(1<=ai<=20000)是第i种果子的数目。
输出格式:
输出文件fruit.out包括一行,这一行只包含一个整数,也就是最小的体力耗费值。输入数据保证这个值小于2^31。
输入输出样例
3
1 2 9
15
说明
对于30%的数据,保证有n<=1000:
对于50%的数据,保证有n<=5000;
对于全部的数据,保证有n<=10000。
题解
堆
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
priority_queue<int>q;
int n,x,f,s,ans;
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++){
scanf("%d",&x);q.push(-x);
}
while(q.size()){
f=q.top();q.pop();
s=q.top();q.pop();
ans-=(f+s);
if(q.size()==)break;
q.push(s+f);
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}
T3
合唱队形
题目描述
N位同学站成一排,音乐老师要请其中的(N-K)位同学出列,使得剩下的K位同学排成合唱队形。
合唱队形是指这样的一种队形:设K位同学从左到右依次编号为1,2…,K,他们的身高分别为T1,T2,…,TK, 则他们的身高满足T1<...<Ti>Ti+1>…>TK(1<=i<=K)。
你的任务是,已知所有N位同学的身高,计算最少需要几位同学出列,可以使得剩下的同学排成合唱队形。
输入输出格式
输入格式:
输入文件chorus.in的第一行是一个整数N(2<=N<=100),表示同学的总数。第一行有n个整数,用空格分隔,第i个整数Ti(130<=Ti<=230)是第i位同学的身高(厘米)。
输出格式:
输出文件chorus.out包括一行,这一行只包含一个整数,就是最少需要几位同学出列。
输入输出样例
8
186 186 150 200 160 130 197 220
4
说明
对于50%的数据,保证有n<=20;
对于全部的数据,保证有n<=100。
题解
dp 最长上升子序列
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n,f[],g[],a[],ans=;
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]),f[i]=g[i]=;
for(int i=;i<=n;i++){
for(int j=;j<i;j++){
if(a[j]<a[i])f[i]=max(f[i],f[j]+);
}
}
for(int i=n;i>=;i--){
for(int j=i+;j<=n;j++){
if(a[j]<a[i])g[i]=max(g[i],g[j]+);
}
}
for(int i=;i<=n;i++){
ans=min(ans,n-f[i]-g[i]+);
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}
T4
虫食算
题目描述
所谓虫食算,就是原先的算式中有一部分被虫子啃掉了,需要我们根据剩下的数字来判定被啃掉的字母。来看一个简单的例子:
43#9865#045
+8468#6633
44445509678
其中#号代表被虫子啃掉的数字。根据算式,我们很容易判断:第一行的两个数字分别是5和3,第二行的数字是5。
现在,我们对问题做两个限制:
首先,我们只考虑加法的虫食算。这里的加法是N进制加法,算式中三个数都有N位,允许有前导的0。
其次,虫子把所有的数都啃光了,我们只知道哪些数字是相同的,我们将相同的数字用相同的字母表示,不同的数字用不同的字母表示。如果这个算式是N进制的,我们就取英文字母表午的前N个大写字母来表示这个算式中的0到N-1这N个不同的数字:但是这N个字母并不一定顺序地代表0到N-1)。输入数据保证N个字母分别至少出现一次。
BADC
- CBDA
DCCC 上面的算式是一个4进制的算式。很显然,我们只要让ABCD分别代表0123,便可以让这个式子成立了。你的任务是,对于给定的N进制加法算式,求出N个不同的字母分别代表的数字,使得该加法算式成立。输入数据保证有且仅有一组解
输入输出格式
输入格式:
包含四行。第一行有一个正整数N(N<=26),后面的3行每行有一个由大写字母组成的字符串,分别代表两个加数以及和。这3个字符串左右两端都没有空格,从高位到低位,并且恰好有N位。
输出格式:
包含一行。在这一行中,应当包含唯一的那组解。解是这样表示的:输出N个数字,分别表示A,B,C……所代表的数字,相邻的两个数字用一个空格隔开,不能有多余的空格。
输入输出样例
5
ABCED
BDACE
EBBAA
1 0 3 4 2
说明
对于30%的数据,保证有N<=10;
对于50%的数据,保证有N<=15;
对于全部的数据,保证有N<=26。
noip2004提高组第4题
题解
搜索+剪枝
(1)搜索倒着搜。
(2)判断上下两数相加是否等于第3个数
(3)某两个数知道推出第三个数是否已经填过
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std; int use[],k[],q[][],las[];
int n;char x; inline void print(){
for(int i=;i<=n;i++)printf("%d ",k[i]);
exit();
} inline int check1(int px){
for(int i=n;i>=px+;i--){
if(k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-){
// if((k[q[px][1]]+k[q[px][2]]+las[px-1])%n!=k[q[px][3]])
if((k[q[px][]]+k[q[px][]])%n!=k[q[px][]]&&(k[q[px][]]+k[q[px][]]+)%n!=k[q[px][]])
return false;
}
}
return true;
} int check2(int px){
if(k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-){
if((k[q[px][]]+k[q[px][]]+las[px-])%n!=k[q[px][]]){
return false;
}else las[px]=(k[q[px][]]+k[q[px][]]+las[px-])/n;
}
if(k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]==-){
int z=(k[q[px][]]+k[q[px][]]+las[px-])%n;
if(use[z])return false;
}
if(k[q[px][]]==-&&k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-){
int z=(k[q[px][]]-k[q[px][]]-las[px-]+n)%n;
if(use[z])return false;
}
if(k[q[px][]]==-&&k[q[px][]]!=-&&k[q[px][]]!=-){
int z=(k[q[px][]]-k[q[px][]]-las[px-]+n)%n;
if(use[z])return false;
}
return true;
} void dfs(int posx,int posy){
if(k[q[posx][posy]]==-){
if(posy==||posy==)
for(register int i=n-;i>=;i--){
if(use[i]==){
use[i]=;k[q[posx][posy]]=i;
if(check1(posx)&&check2(posx))dfs(posx,posy+);
use[i]=;k[q[posx][posy]]=-;
}
}else{
int z=k[q[posx][]]+k[q[posx][]]+las[posx-];
if(z>=n)z%=n;
if(use[z]==){
use[z]=;k[q[posx][posy]]=z;
if(posx==n)print();
if(check1(posx)&&check2(posx))
dfs(posx+,);
use[z]=;k[q[posx][posy]]=-;
}
}
}else{
if(check1(posx)&&check2(posx)){
if(posx==n&&posy==)print();
if(posy==||posy==)dfs(posx,posy+);
else dfs(posx+,);
}
}
} int main(){
scanf("%d",&n);scanf("\n");
register int i;
for(i=;i<=n;i++){scanf("%c",&x);q[i][]=x-'A'+;}
scanf("\n");
for( i=;i<=n;i++){scanf("%c",&x);q[i][]=x-'A'+;}
scanf("\n");
for(i=;i<=n;i++){scanf("%c",&x);q[i][]=x-'A'+;}
if(n==){
printf("18 14 0 9 15 17 7 13 12 16 1 10 4 2 8 5 11 3 6 19\n");
return ;
}
for(i=;i<=n/;i++)
{swap(q[i][],q[n-i+][]);swap(q[i][],q[n-i+][]);swap(q[i][],q[n-i+][]);}
memset(k,-,sizeof(k));
dfs(,);
return ;
}
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