著名的王牌间谍 007 需要执行一次任务,获取敌方的机密情报。已知情报藏在一个地下迷宫里,迷宫只有一个入口,里面有很多条通路,每条路通向一扇门。每一扇门背后或者是一个房间,或者又有很多条路,同样是每条路通向一扇门…… 他的手里有一张表格,是其他间谍帮他收集到的情报,他们记下了每扇门的编号,以及这扇门背后的每一条通路所到达的门的编号。007 发现不存在两条路通向同一扇门。

内线告诉他,情报就藏在迷宫的最深处。但是这个迷宫太大了,他需要你的帮助 —— 请编程帮他找出距离入口最远的那扇门。

输入格式:

输入首先在一行中给出正整数 N(<),是门的数量。最后 N 行,第 i 行(1)按以下格式描述编号为 i 的那扇门背后能通向的门:

K D[1] D[2] ... D[K]

其中 K 是通道的数量,其后是每扇门的编号。

输出格式:

在一行中输出距离入口最远的那扇门的编号。题目保证这样的结果是唯一的。

输入样例:

13
3 2 3 4
2 5 6
1 7
1 8
1 9
0
2 11 10
1 13
0
0
1 12
0
0

输出样例:

12

注:本方法还未完善,只是提出想法。实际上有最后一个监测点超时

题意:

可看作给出一树上所有子节点父节点之间关系,求从顶到底最深的长度。可以通过模拟构建树的方法做出。
这里我们换一种思路来做。 想法:
易知,最远的房间一定从没有下一个房间的结点中出现。反证,若在有下一个房间结点出现,则下一个结点必定比该节点远。
并且,每个房间的前一个房间已知且唯一,故我们可以记录所有最后一个房间,然后依次找寻每个房间前一个房间,直到没有前一个房间,然后
记录深度。此时最大的深度的房间即为目标门。 以下给出代码:
 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int pre[]={};//用来标记每个房间的前驱,默认进入是的房间无前驱,即为0。
int main()
{
int n,m,a;
stack<int> b;
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&m);
if(m==)b.push(i);//将没有下一个房间的房间存储起来。
else
for(int j=;j<=m;j++){
scanf("%d",&a);
pre[a]=i;
}
}
// for(int i=0;i<=n;i++)cout<<pre[i]<<" ";
// cout<<endl;
// cout<<b.size()<<endl;
int maxi=b.top(),maxx=;
while(b.size())
{
a=b.top();
// cout<<b.top()<<endl;
int sum=;
while(pre[a]!=)
{
sum++;
a=pre[a];
}     //求出当前房间的深度
//cout<<sum<<" "<<a<<endl;
if(sum>maxx)
{
maxx=sum;
maxi=b.top();
}                   //若比前面最深房间深,则更新至当前房间。
b.pop();
sum=;
// cout<<maxi<<endl;
}
printf("%d",maxi);
return ;
}
但这段代码实际上会在最后一个监测点会超时
推测原因:返回时多个不同的房间将相同的路多次返回,如图所示。

解决思路:

从并查集得到的想法。

用struct构建pre数组,记录到上一个的距离,默认为1。

当进行一次返回找顶时,先得到深度,再将每个节点pre直接更新为头部,然后更新该节点深度。这样在第二次使用时省略的

重复路线。

实现效果如图:

{这些想法懒得实现了,有时间再说。}



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