BZOJ2893: 征服王
题解:
裸的上下界最小流是有问题的。
因为在添加了附加源之后求出来的流,因为s,t以及其它点地位都是平等的。
如果有一个流经过了s和t,那么总可以认为这个流是从s出发到t的满足题意的流。
既然可能存在s到t的流,那么也可能会存在不经过s和t的流,而这是一条环流!!起点不是s,也不是t!显然不满足题意!!!
为了避免环流的出现,我们只好缩点。。。(本来想偷懒不缩的。。。)
所以整个算法就是缩点之后上下界最小流。
代码:无压力rank1了。。。
#include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<iostream> #include<vector> #include<map> #include<set> #include<queue> #include<string> #define inf 1000000000 #define maxn 100000+5 #define maxm 100000+5 #define eps 1e-10 #define ll long long #define pa pair<int,int> #define for0(i,n) for(int i=0;i<=(n);i++) #define for1(i,n) for(int i=1;i<=(n);i++) #define for2(i,x,y) for(int i=(x);i<=(y);i++) #define for3(i,x,y) for(int i=(x);i>=(y);i--) #define for4(i,x) for(int i=head[x],y;i;i=e[i].next) #define mod 1000000007 using namespace std; inline int read() { int x=,f=;char ch=getchar(); while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();} while(ch>=''&&ch<=''){x=*x+ch-'';ch=getchar();} return x*f; }
int n,m,s,t,ss,tt,T,a[maxn],b[maxn],maxflow,tot=,head[maxn],cur[maxn],h[maxn],in[maxn];
queue<int>q;
struct edge{int go,next,v;}e[maxm];
inline void add(int x,int y,int v)
{
e[++tot]=(edge){y,head[x],v};head[x]=tot;
e[++tot]=(edge){x,head[y],};head[y]=tot;
}
inline void ins(int x,int y)
{
e[++tot]=(edge){y,head[x],};head[x]=tot;
}
inline void insert(int x,int y,int l,int r)
{
in[y]+=l;in[x]-=l;add(x,y,r-l);
}
void build()
{
for0(i,tt)if(in[i]>)add(ss,i,in[i]);else if(in[i]<)add(i,tt,-in[i]);
}
bool bfs()
{
for(int i=;i<=tt;i++)h[i]=-;
q.push(s);h[s]=;
while(!q.empty())
{
int x=q.front();q.pop();
for(int i=head[x];i;i=e[i].next)
if(e[i].v&&h[e[i].go]==-)
{
h[e[i].go]=h[x]+;q.push(e[i].go);
}
}
return h[t]!=-;
}
int dfs(int x,int f)
{
if(x==t) return f;
int tmp,used=;
for(int i=cur[x];i;i=e[i].next)
if(e[i].v&&h[e[i].go]==h[x]+)
{
tmp=dfs(e[i].go,min(e[i].v,f-used));
e[i].v-=tmp;if(e[i].v)cur[x]=i;
e[i^].v+=tmp;used+=tmp;
if(used==f)return f;
}
if(!used) h[x]=-;
return used;
}
void dinic()
{
maxflow=;
while(bfs())
{
for (int i=;i<=tt;i++)cur[i]=head[i];maxflow+=dfs(s,inf);
}
}
int ti,u[maxn],v[maxn],low[maxn],dfn[maxn],cnt,scc[maxn],top,sta[maxn];
int minflow()
{
s=ss;t=tt;
dinic();
if(maxflow!=cnt)return -;
int ans=e[tot].v;
e[tot].v=e[tot^].v=;
s=cnt+cnt+;t=;
dinic();
return ans-maxflow;
}
inline void tarjan(int x)
{
sta[++top]=x;low[x]=dfn[x]=++ti;
for4(i,x)if(!dfn[y=e[i].go])
{
tarjan(y);
low[x]=min(low[x],low[y]);
}else if(!scc[y])low[x]=min(low[x],dfn[y]);
if(low[x]==dfn[x])
{
cnt++;
for(int y=;y!=x;)scc[y=sta[top--]]=cnt;
}
} int main() { freopen("input.txt","r",stdin); freopen("output.txt","w",stdout); T=read();
while(T--)
{
memset(head,,sizeof(head));tot=;cnt=;
memset(in,,sizeof(in));
memset(low,,sizeof(low));
memset(dfn,,sizeof(dfn));
memset(scc,,sizeof(scc));
n=read();m=read();a[]=read();b[]=read();
for1(i,a[])a[i]=read();
for1(i,b[])b[i]=read();
for1(i,m){u[i]=read();v[i]=read();ins(u[i],v[i]);}
for1(i,n)if(!dfn[i])tarjan(i);
s=;t=cnt+cnt+;ss=t+;tt=t+;
memset(head,,sizeof(head));tot=;
for1(i,cnt)insert(i,i+cnt,,inf);
for1(i,a[])insert(s,scc[a[i]],,inf);
for1(i,b[])insert(scc[b[i]]+cnt,t,,inf);
for1(i,m)if(scc[u[i]]!=scc[v[i]])insert(scc[u[i]]+cnt,scc[v[i]],,inf);
build();
insert(t,s,,inf);
int x=minflow();
if(x==-)printf("no solution\n");else printf("%d\n",x);
} return ; }
2893: 征服王
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MB
Submit: 64 Solved: 17
[Submit][Status]
Description
process中,要想使雪菜回到正常状态,需要纳米机器人的帮助。纳米机器人可以从任意一个可以作为起点的块落出发进行修复,也可以在任意一个可以作为
终点的块落结束修复(并不是到了某个终点就一定要停止)。春希希望所有的节点都能被修复(只要纳米机器人到过该点就算修复过),这样才能让雪菜重获新生。
Input
Output
Sample Input
2 1 1 1
1
2
2 1
3 2 3 3
1 2 3
1 2 3
1 2
1 3
Sample Output
2
【数据规模和约定】
对于30%的数据,满足n <= 10, m <= 100。
对于60%的数据,满足n <= 200, m <= 5000。
对于100%的数据,满足t<=10,n <= 1000, m <= 10000。
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