1833. [ZJOI2010]数字计数【数位DP】
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HINT
30%的数据中,a<=b<=10^6;
100%的数据中,a<=b<=10^12。
数位DP (废话)
我们可以知道,如果某一位开始没有限制的话,对每一位的$ans$是相同的且可以$O(1)$计算出来的
不妨这么考虑,假设有三位是没有限制的,那么一共有$10^3$种情况
每一位出现数字$x$的概率为$1/10$,那么三位加起来就是$3/10$
则数字$x$出现的次数为$10^3 * (3/10)$
注意判断一下前导零不计算入总结果的情况
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define LL long long
using namespace std;
LL ten[]={,,1e2,1e3,1e4,1e5,1e6,1e7,1e8,1e9,1e10,1e11,1e12,1e13};
LL a[],ans[],sum;
LL Dfs(LL pos,LL zero,LL limit,LL k)
{
if (pos==) return ;
if (!limit && !zero)
{
sum+=ten[pos]/*pos*k;
return ten[pos];
}
else
{
LL up=limit?a[pos]:,cnt=;
for (LL i=;i<=up;++i)
{
LL t=Dfs(pos-,zero && i==,limit && i==up,k);
if (zero && i==) continue;
ans[i]+=t*k;
cnt+=t*k;
}
return cnt*k;
}
} void Solve(LL x,LL k)
{
LL pos=;
while (x)
{
a[++pos]=x%;
x/=;
}
Dfs(pos,true,true,k);
} int main()
{
LL x,y;
scanf("%lld%lld",&x,&y);
Solve(y,);
Solve(x-,-);
for (LL i=;i<=;++i)
printf("%lld ",ans[i]+sum);
printf("%lld",ans[]+sum);
}
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