[POI 2008] BLO
[题目链接]
https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1123
[算法]
首先,如果一个点不是割点,那么,去掉该点后不连通的有序点对就为 : 2 * (n - 1)
否则,去掉这个点后,这个图就被分为了 :
1. 这个点本身
2. 这个点在搜索树上的一些子树
3. 除1,2这两部分的节点
我们可以通过乘法原理算出答案,详见代码
[代码]
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define MAXN 100010
#define MAXM 500010 struct edge
{
int to,nxt;
} e[MAXM << ]; int i,n,m,x,y,timer,tot;
int size[MAXN],dfn[MAXN],low[MAXN],head[MAXN];
long long ans[MAXN];
bool visited[MAXN],is_cut[MAXN]; inline void addedge(int u,int v)
{
tot++;
e[tot] = (edge){v,head[u]};
head[u] = tot;
}
inline void tarjan(int u)
{
int i,v,cnt,sum;
size[u] = ;
dfn[u] = low[u] = ++timer;
visited[u] = true;
cnt = sum = ;
for (i = head[u]; i; i = e[i].nxt)
{
v = e[i].to;
if (!visited[v])
{
tarjan(v);
size[u] += size[v];
low[u] = min(low[u],low[v]);
if (dfn[u] <= low[v])
{
sum += size[v];
cnt++;
ans[u] += 1ll * size[v] * (n - size[v]);
low[u] = min(low[u],low[v]);
if (u != || cnt > ) is_cut[u] = true;
}
} else low[u] = min(low[u],dfn[v]);
}
if (!is_cut[u]) ans[u] = * (n - );
else ans[u] += 1ll * (n - ) + 1ll * (n - sum - ) * (sum + );
} int main()
{ scanf("%d%d",&n,&m);
for (i = ; i <= m; i++)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
addedge(x,y);
addedge(y,x);
}
tarjan();
for (i = ; i <= n; i++) printf("%lld\n",ans[i]); return ; }
[POI 2008] BLO的更多相关文章
- [POI 2008&洛谷P3467]PLA-Postering 题解(单调栈)
[POI 2008&洛谷P3467]PLA-Postering Description Byteburg市东边的建筑都是以旧结构形式建造的:建筑互相紧挨着,之间没有空间.它们共同形成了一条长长 ...
- [POI 2008]Mafia
这题目写了我好长时间,但还是几乎(不要在意细节)一遍 A 了喵~ 据说有代码奇短的,Orz 思路巧妙的大爷 想我这种 Brute Force 写写的傻 X 真是代码量飞起来了耶,喵~ 如果把每个人看成 ...
- [POI 2008][BZOJ 1132]Tro
这题我真是无能为力了 这题的做法还是挺简单的 枚举左下角的点做为原点,把其余点按极角排序 PS.是作为原点,如枚举到 k 时,对于所有 p[i] (包括p[k]) p[i]-=p[k] (此处为 ...
- bzoj 1112 poi 2008 砖块
这滞胀题调了两天了... 好愚蠢的错误啊... 其实这道题思维比较简单,就是利用treap进行维护(有人说线段树好写,表示treap真心很模板) 就是枚举所有长度为k的区间,查出中位数,计算代价即可. ...
- 解题:POI 2008 Subdivision of Kingdom
题面 还可以这么搜......学到了(PoPoQQQ orz) 我们最朴素的做法是枚举所有状态(当然可以剪,剪完最终实际状态量也是$C_{26}^{13}$的),然后每次$O(n)$扫一遍判断,大概会 ...
- 解题:POI 2008 Plot purchase
题面 原来看过然后没做,结果板板把这道题改了改考掉了,血亏=.= 首先看看有没有符合条件的点.如果没有开始寻找解,先把所有的大于$2*k$的点设为坏点,然后求最大子矩形,只要一个最大子矩形的权值和超过 ...
- 解题:POI 2008 Station
题面 水水的换根裸题,不过以前还真没做过换根的题 换根的思想就是在DFS中利用树的信息更新出当前点为根时的信息,具体来说一般是考虑子树外和子树内两部分 每个点的答案$ans$就是$ans[fa]+n- ...
- [BZOJ 1124][POI 2008] 枪战 Maf
1124: [POI2008]枪战Maf Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 659 Solved: 259[Submit][Status ...
- loj10104 [POI 2008]Blockade
传送门 分析 我们知道对于一个割点,我们如果去掉它就会使原来的图被分为若干块,则这是我们将所有块包含的点的个数两两相乘即可,而如果不是割点则对于图的连通性没有影响.注意在最后要加上2*(n-1)表示去 ...
随机推荐
- R语言开发环境的搭建
1.R语言的下载 https://mirrors.tuna.tsinghua.edu.cn/CRAN/ 2.R语言的安装 安装完后,打开R Console 输入 pie(c(0.9, 0.2, 0.3 ...
- java web项目和java项目的区别(看清IDE本质)
想必大家在使用MyEclipse时对这两个概念不去深究.只知道是Java EE类的基本都是Web项目,而Java应用程序就是Java项目.而且很多人都愿意使用MyEclipse作为开发工具,且不说大家 ...
- HDU_1502_dp
Regular Words Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Tot ...
- SpringMVC(四)@RequestParam
使用@RequestParam可以将URL中的请求参数,绑定到方法的入参上,并通过@RequestParam的3个参数进行配置 Modifier and Type Optional Element D ...
- C# 控件调整
//最大化 this.WindowState = FormWindowState.Maximized; //去掉标题栏 this.FormBorderStyle = FormBorderStyle.N ...
- R语言数据重塑
使用cbind()函数连接多个向量来创建数据帧.此外,使用rbind()函数合并两个数据帧 使用merge()函数合并两个数据帧.数据帧必须具有相同的列名称,在其上进行合并 melt()拆分数 ...
- PHP 之phpqrcode类库生成二维码
<?php /** * Created by PhpStorm. * User: 25754 * Date: 2019/6/4 * Time: 15:53 */ include "./ ...
- ionic 创建某个文件下的page
ionic g page 文件名 --pagesDir src/pages/about
- JTable设置表格背景颜色——隔行不同
package view; import java.awt.Color; import java.awt.Component; import javax.swing.JLabel; import ja ...
- hdu 4018 Parsing URL(字符串截取)
题目 以下引用自百度百科: sscanf 的相关用法 头文件:#include<stdio.h> 1. 常见用法. 1 2 3 charbuf[512]; sscanf(" ...