【codeforces gym】Increasing Costs
Description
给你一个\(n\)个点无重边无自环的无向连通图,每条边有一个边权,对于每一条边,询问去掉这条边之后有多少个点到\(1\)号点的最短路会发生改变
Solution
会用到一个叫做灭绝树的东西(这个名字好霸气qwq)
其实不算是什么特别高大上的玩意:灭绝树其实就是一个点灭绝后它的子树内的所有点都灭绝
然后所谓的“灭绝”其实可以理解为。。满足什么条件之类的,在不同的题目中有所不同(比如说在这题里面就是。。走不到)
然后这道题的话,因为是删边,我们可以将边也看成一个点
首先求出到\(1\)的最短路,然后对于原图中的一条边权为\(w\)的边\((i,j)\),如果说\(dis[j]=dis[i]+w\)的话,就在新图中连\((i,num)\)和\((num,j)\)的有向边,其中\(num\)表示的是这条边对应的节点
注意到如果说我们将一条边删掉,也就是相当于将这条边对应的节点\(num\)删掉,由于这条边删掉了,由这条边得到的最短路也就不能走了,对应到新图中就是\(num\)这个节点不能走到,接着那些的只能由它走到的后继也就不能走到了,以此类推
所以我们考虑用这样的方式建一棵树:我们将新图所有的边反过来建,然后对整个反过来的新图拓扑排序,从后往前处理每一个节点在树上面的\(fa\),那么处理到一个节点的时候,新图中所有能走到当前节点的点的\(fa\)都已经处理好了,然后我们将当前节点的\(fa\)设为所有能走到这个节点的那些点的\(lca\)
这样建完之后会发现,删掉一条边对应的点\(num\)之后不能走到的点其实就是其整个子树中的点
所以我们只要建出树之后计算一下每个节点的子树大小就好了
代码大概长这个样子
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=4e5+10,TOP=20;
const ll inf=1LL<<60;
struct xxx{
int y,nxt,id,dis;
}a[N*2];
struct Data{
int node;
ll dis;
Data(){}
Data(int node1,ll dis1){node=node1; dis=dis1;}
friend bool operator < (Data x,Data y){return x.dis>y.dis;}
};
priority_queue<Data> q;
queue<int> q1;
vector<int> pre[N];
int lis[N];
int h[N],f[N][TOP+1],dep[N];
ll dis[N];
int vis[N],d[N],sz[N];
int n,m,tot,S;
void add(int x,int y,int dis,int id){a[++tot].y=y; a[tot].nxt=h[x]; h[x]=tot; a[tot].id=id; a[tot].dis=dis;}
void print(vector<int> x){
for (int i=0;i<x.size();++i) printf("%d ",x[i]); printf("\n");
}
void dij(){
int u,v;
while (!q.empty()) q.pop();
for (int i=1;i<=n;++i) dis[i]=inf,vis[i]=false;
dis[S]=0;
q.push(Data(S,dis[S]));
while (!q.empty()){
v=q.top().node; q.pop();
if (vis[v]) continue;
vis[v]=1;
for (int i=h[v];i!=-1;i=a[i].nxt){
u=a[i].y;
if (vis[u]) continue;
if (dis[u]>dis[v]+a[i].dis){
dis[u]=dis[v]+a[i].dis;
q.push(Data(u,dis[u]));
}
}
}
for (int x=1;x<=n;++x){
for (int i=h[x];i!=-1;i=a[i].nxt){
u=a[i].y;
if (dis[u]==dis[x]+a[i].dis){
pre[u].push_back(a[i].id+n);
pre[a[i].id+n].push_back(x);
++d[a[i].id+n];
++d[x];
}
}
}
}
int get_lca(int x,int y){
if (!x||!y) return x+y;
if (dep[x]<dep[y]) swap(x,y);
for (int i=TOP;i>=0;--i)
if (dep[f[x][i]]>=dep[y]) x=f[x][i];
if (x==y) return x;
for (int i=TOP;i>=0;--i)
if (f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i],y=f[y][i];
return f[x][0];
}
void topo(int n){
int u,v;
while (!q1.empty()) q1.pop();
for (int i=1;i<=n;++i)
if (d[i]==0) q1.push(i);
lis[0]=0;
while (!q1.empty()){
v=q1.front(); q1.pop();
lis[++lis[0]]=v;
for (int i=0;i<pre[v].size();++i){
u=pre[v][i];
--d[u];
if (!d[u]) q1.push(u);
}
}
}
void get_fa(int x){
int lca,Sz=pre[x].size();
if (Sz==0){
f[x][0]=0;
}
else if (Sz==1)
f[x][0]=pre[x][0];
else if (Sz>=2){
lca=get_lca(pre[x][0],pre[x][1]);
for (int i=2;i<Sz;++i)
lca=get_lca(lca,pre[x][i]);
f[x][0]=lca;
}
for (int i=1;i<=TOP;++i) f[x][i]=f[f[x][i-1]][i-1];
dep[x]=dep[f[x][0]]+1;
sz[x]=(x<=n);
}
void solve(){
topo(n+m);
for (int i=lis[0];i>=1;--i)
get_fa(lis[i]);
for (int i=1;i<=lis[0];++i)
sz[f[lis[i]][0]]+=sz[lis[i]];
}
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("a.in","r",stdin);
#endif
int x,y,z;
scanf("%d%d",&n,&m);
memset(h,-1,sizeof(h));
tot=0;
for (int i=1;i<=m;++i){
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
add(x,y,z,i);
add(y,x,z,i);
}
S=1;
dij();
solve();
//for (int i=1;i<=n+m;++i) printf("%d " ,f[i][0]); printf("\n");
for (int i=1;i<=m;++i)
printf("%d\n",sz[i+n]);
}
【codeforces gym】Increasing Costs的更多相关文章
- 【codeforces 415D】Mashmokh and ACM(普通dp)
[codeforces 415D]Mashmokh and ACM 题意:美丽数列定义:对于数列中的每一个i都满足:arr[i+1]%arr[i]==0 输入n,k(1<=n,k<=200 ...
- 【Codeforces Gym 100725K】Key Insertion
Codeforces Gym 100725K 题意:给定一个初始全0的序列,然后给\(n\)个查询,每一次调用\(Insert(L_i,i)\),其中\(Insert(L,K)\)表示在第L位插入K, ...
- 【77.78%】【codeforces 625C】K-special Tables
time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standa ...
- 【15.07%】【codeforces 625A】Guest From the Past
time limit per test 1 second memory limit per test 256 megabytes input standard input output standar ...
- 【codeforces 757C】Felicity is Coming!
time limit per test2 seconds memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard o ...
- 【codeforces 750F】New Year and Finding Roots
time limit per test2 seconds memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard o ...
- 【13.77%】【codeforces 734C】Anton and Making Potions
time limit per test4 seconds memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard o ...
- 【16.23%】【codeforces 586C】Gennady the Dentist
time limit per test1 second memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard ou ...
- 【27.40%】【codeforces 599D】Spongebob and Squares
time limit per test2 seconds memory limit per test256 megabytes inputstandard input outputstandard o ...
随机推荐
- RabbitMQ基础使用之集群构建
简介 RabbitMQ是基于Erlang开发的一种消息队列服务,本篇文章主要部署三台机器用来实现集群的普通模式与镜像模式!欢迎大家吐槽交流学习! 特点 集群节点包括内存节点和磁盘节点,有了磁盘节点就支 ...
- 精通Python爬虫-03-狩猎大师
声明: 本系列文章原创于慕课网,作者秋名山车神,任何人不得以任何形式在不经作者允许的情况下,进行任何形式的印刷以及销售,转载需注明出处及此声明. 本系列文章更新至少每周一更,将涉及Python爬虫基础 ...
- 安装配置php
安装PHP 1.安装PHP yum install php #根据提示输入Y直到安装完成 2.安装PHP组件,使PHP支持 MySQL.PHP支持FastCG ...
- JS以及CSS对页面的阻塞
一.JS阻塞 所有的浏览器在下载JS文件的时候,会阻塞页面上的其他活动,包括其他资源的下载以及页面内容的呈现等等,只有当JS下载.解析.执行完,才会进行后面的 操作.在现代的浏览器中CSS资源和图片i ...
- 2017年第八届蓝桥杯【C++省赛B组】
1.标题: 购物单 小明刚刚找到工作,老板人很好,只是老板夫人很爱购物.老板忙的时候经常让小明帮忙到商场代为购物.小明很厌烦,但又不好推辞. 这不,XX大促销又来了!老板夫人开出了长长的购物单,都是有 ...
- [BUAA OO]第四次博客作业
一. 测试与正确性论证的区别 在最后一个单元的OO作业中,我们主要进行了代码的测试与正确性论证工作.这俩者在作业中的体现分别是junit单元测试以及jsf论述语言.这两者在java代码开 ...
- HDU 2159 FATE 完全背包
题目链接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2159 FATE Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)Memo ...
- Alpha 冲刺报告3
队名 massivehard 组员一(组长:晓辉) 今天完成了哪些任务 .整理昨天的两个功能,补些bug 写了一个初步的loyaut github 还剩哪些任务: 后台的用来处理自然语言的服务器还没架 ...
- 团队作业5-Alpha版本测试报告(彼岸芳华队)
请根据团队项目中软件的需求文档.功能说明.系统设计和测试计划,写出软件的测试过程和测试结果,并回答下述问题. 一.在测试过程中总共发现了多少Bug?每个类别的Bug分别为多少个?(10分) 在测试过程 ...
- lintcode-514-栅栏染色
514-栅栏染色 我们有一个栅栏,它有n个柱子,现在要给柱子染色,有k种颜色可以染. 必须保证不存在超过2个相邻的柱子颜色相同,求有多少种染色方案. 注意事项 n和k都是非负整数 样例 n = 3, ...