解题思路

很明显的是个期望 $dp$。

先前想到 $dp[i][j]$ 表示第决策到第 $i$ 个时间段,已经进行了 $j$ 次申请,然后就没有然后了,因为这根本就没法转移啊,你又不知道前 $i-1$ 个时间段里哪一个时间段是申请换教室了的。所以此路不通,另寻他路---题解。天哪没有题解还咋做题啊

不妨再加入一维 $[0/1]$ 表示第 $j$ 个时间段有没有进行申请操作

那么就分为一下两种情况

  • 第 $i$ 个时间段申请了
  • 第 $i$ 个时间段没有申请

那么这两种状态分别是 $dp[i][j][1]$ 和 $dp[i][j][0]$,我们然后这个期望的话是距离乘以我走这段路的概率

算第一种情况 ( $dp[i][j][1]$ ) 包含的概率又分为下面的四种情况

  • 我从 $c[i-1]\rightarrow c[i]$,这时候概率是 $(1-k[i-1])\times (1-k[i])$
  • 我从 $c[i-1]\rightarrow d[i]$,这时候概率是 $(1-k[i-1])\times k[i]$
  • 我从 $d[i-1]\rightarrow c[i]$,这时候概率是 $k[i-1] \times (1-k[i])$
  • 我从 $d[i-1]\rightarrow d[i]$,这时候概率是 $k[i-1]\times k[i]$

再算第二种情况 ( $dp[i][j][0]$ ) 包含的概率又分为两种情况

  • 我从 $c[i-1]\rightarrow c[i]$,这时候概率是 $(1-k[i-1])$
  • 我从 $d[i-1]\rightarrow c[i]$,这时候概率是 $k[i-1]$

上述的大类情况仅为 $i-1$ 这个时间段进行了申请 ( $dp[i-1][j-1][1]\ or\ dp[i-1][j][1]$ )。

下面说另一种情况 ( $dp[i-1][j-1][0]\ or\ dp[i-1][j][0]$ )

  • 第一种情况 ( $dp[i][j][1]$ )

    • 我从 $c[i-1]\rightarrow c[i]$,概率是 $1-k[i]$
    • 我从 $c[i-1]\rightarrow d[i]$,概率是 $k[i]$
  • 第二种情况 ( $dp[i][j][0]$ )

    • 我从 $c[i-1]\rightarrow c[i]$,概率是 $1$

这就是所有的情况。

至于两个点之间的最短距离因为点的数量不超过 $300$,所以可以用 $\text{Floyd}$ 来处理

状态转移方程将上面的东西稍微整理一下就出来了,不过很长,所以不单独写了,看代码里的方程

附上代码

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
using namespace std;
const int maxn = , INF = 1e9;
int n, m, v, e, dis[maxn][maxn], c[maxn], d[maxn];
double k[maxn], dp[][][];
int main() {
scanf("%d%d%d%d", &n, &m, &v, &e);
for(int i=; i<=n; i++) scanf("%d", &c[i]);
for(int i=; i<=n; i++) scanf("%d", &d[i]);
for(int i=; i<=n; i++) cin >> k[i];
for(int i=; i<=v; i++)
for(int j=; j<=v; j++)
dis[i][j] = INF;
int x, y, z;
for(int i=; i<=e; i++) {
scanf("%d%d%d", &x, &y, &z);
dis[x][y] = dis[y][x] = min(z, dis[x][y]);
}
for(int s=; s<=v; s++)
for(int i=; i<=v; i++)
for(int j=; j<=v; j++)
if(dis[i][j] >= dis[i][s] + dis[s][j])
dis[i][j] = dis[i][s] + dis[s][j];
for (register int i = ; i <= v; i++)
dis[i][i] = dis[i][] = dis[][i] = ;
for (register int i = ; i <= n; i++)
for (register int j = ; j <= m; j++)
dp[i][j][] = dp[i][j][] = INF;
dp[][][] = dp[][][] = ;
for(int i=; i<=n; i++) {
dp[i][][] = dp[i - ][][] + dis[c[i - ]][c[i]];
for(int j=; j<=m; j++) {
dp[i][j][] = min (
dp[i-][j][] +
dis[c[i-]][c[i]] * (1.0-k[i-]) +
dis[d[i-]][c[i]] * k[i-],
dp[i-][j][] +
dis[c[i-]][c[i]]
);
dp[i][j][] = min (
dp[i-][j-][] +
dis[d[i-]][d[i]] * k[i-] * k[i] +
dis[d[i-]][c[i]] * k[i-] * (-k[i]) +
dis[c[i-]][d[i]] * (-k[i-]) * k[i] +
dis[c[i-]][c[i]] * (-k[i-]) * (-k[i]),
dp[i-][j-][] +
dis[c[i-]][d[i]] * k[i] +
dis[c[i-]][c[i]] * (-k[i])
);
}
}
double ans = 1e17;
for(int i=; i<=m; i++)
ans = min(ans, min(dp[n][i][], dp[n][i][]));
printf("%.2lf", ans);
}

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