GTW likes gt

 Accepts: 132
 Submissions: 772
 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)
 Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)
问题描述
从前,有nn只萌萌的GT,他们分成了两组在一起玩游戏。他们会排列成一排,第ii只GT会随机得到一个能力值b_ib​i​​。在第ii秒的时候,第ii只GT可以消灭掉所有排在他前面的和他不是同一组的且能力值小于他的GT。
为了使游戏更加有趣,GT的首领GTW会发功mm次,第ii次发功的时间为c_ic​i​​,则在第c_ic​i​​秒结束后,b_1,b_2,...,b_{c_i}b​1​​,b​2​​,...,b​c​i​​​​都会增加1。
现在,GTW想知道在第nn秒之后,会有几只GT存活下来。
输入描述
第一行只有一个整数T(T\leq 5)T(T≤5),表示测试数据组数。
第二行有两个整数n,mn,m。表示GT的个数和GTW发功的次数。(1\leq n \leq 50000,1\leq m\leq 500001≤n≤50000,1≤m≤50000)
第三到n+2n+2行,每行有两个整数a_i,b_ia​i​​,b​i​​,表示第ii只GT在哪个组和他的能力值 (0\leq a[i]\leq 1,1\leq b[i]\leq 10^6)(0≤a[i]≤1,1≤b[i]≤10​6​​)
第n+3n+3行到第n+m+2n+m+2行,每行有一个整数c_ic​i​​,表示GTW第ii次发功的时间。1\leq c[i]\leq n1≤c[i]≤n
输出描述
总共TT行,第ii行表示第ii组数据中,GT存活的个数。
输入样例
1
4 3
0 3
1 2
0 3
1 1
1
3
4
输出样例
Hint
第11秒后 能力值为4\ 2\ 3\ 14 2 3 1
第22秒后 能力值为4\ 2\ 3\ 14 2 3 1
第33秒后 能力值为5\ 3\ 4\ 15 3 4 1,第22只GT被第33只GT消灭掉了
第44秒后 能力值为6\ 4\ 5\ 26 4 5 2
c_ic​i​​并不是有序的
思路:其实很简单,把前Ci个数字+1意味着把后面n-Ci个数字-1,只需要用一个datle数组记录到哪一个改偏移多少就好,现在就是解决如何快速删除前面比当前小的元素的问题,很简单,用优先队列就可以实现logn的操作,代码如下
 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
int const maxn=;
int inibo[maxn],inival[maxn],sptr,datle[maxn];
priority_queue< int,vector< int >,greater< int > > a,b;
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
while(!a.empty())
a.pop();
while(!b.empty())
b.pop();
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d",&inibo[i],&inival[i]);
}
memset(datle,,sizeof(datle));
for(int i=;i<=m;i++)
{
int temp;
scanf("%d",&temp);
datle[temp+]++;
}
for(int i=;i<=maxn-;i++)
{
datle[i]+=datle[i-];
}
sptr=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
int temp=inival[i]-datle[i];
//printf("%d\n",temp);
int bo=inibo[i];
if(bo)
{
while(!a.empty()&&a.top()<temp)
{
//printf("aaapop%d %d %d\n",i,temp,a.top());
a.pop();
}
b.push(temp);
}
else
{
while(!b.empty()&&b.top()<temp)
{
//printf("bbbpop%d %d %d\n",i,temp,b.top());
b.pop();
}
a.push(temp);
}
}
int ans=a.size()+b.size();
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}

题目很简单,主要是想记录下优先队列的相关操作

#include<queue>

priority_queue< int,vector< int >,greater< int > > a,b;//小根堆

priority_queue<int> Q;//大根堆less

int a[5]={3,4,5,2,1};
priority_queue<int> Q(a,a+5);//构造函数
 
 struct node
 {
    int priority;
     int value;
     friend bool operator < (node n1, node n2)  //操作符重载(重载小于号得到大根堆)
     {
         return n1.priority < n2.priority;
     }
 };
priority_queue<node> qn;//自定义排序方式
 
 struct board
{
    int h;
    int x;
    int y;
    bool operator < (const board &p) const //直接重载
    {
        return this->h<p.h;
    }
};
priority_queue<board> q;
 
 
empty() 如果优先队列为空,则返回真 
pop() 删除第一个元素 
push() 加入一个元素 
size() 返回优先队列中拥有的元素的个数 
top() 返回优先队列中有最高优先级的元素
 

BestCoder Round #66 (div.2) 1002的更多相关文章

  1. 简单几何(水)BestCoder Round #50 (div.2) 1002 Run

    题目传送门 /* 好吧,我不是地球人,这题只要判断正方形就行了,正三角形和正五边形和正六边形都不可能(点是整数). 但是,如果不是整数,那么该怎么做呢?是否就此开启计算几何专题了呢 */ /***** ...

  2. BestCoder Round #66 (div.2)

    构造 1002 GTW likes gt 题意:中文题面 分析:照着题解做的,我们可以倒着做,记一下最大值,如果遇到了修改操作,就把最大值减1,然后判断一下这个人会不会被消灭掉,然后再更新一下最大值. ...

  3. BestCoder Round #66 (div.2)B GTW likes gt

    思路:一个O(n)O(n)的做法.我们发现b_1,b_2,...,b_xb​1​​,b​2​​,...,b​x​​都加11就相当于b_{x+1},b_{x+2},...,b_nb​x+1​​,b​x+ ...

  4. HDU5597/BestCoder Round #66 (div.2) GTW likes function 打表欧拉函数

    GTW likes function      Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others) 问题描述 现在给出下列两个定义: f(x)=f_{0}(x)=\ ...

  5. HDU5596/BestCoder Round #66 (div.2) 二分BIT/贪心

    GTW likes gt    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others) 问题描述 从前,有nn只萌萌的GT,他们分成了两组在一起玩游戏.他们会排列成一排 ...

  6. HDU 5596/BestCoder Round #66 (div.2) GTW likes math 签到

    GTW likes math  Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others) 问题描述 某一天,GTW听了数学特级教师金龙鱼的课之后,开始做数学<从自主 ...

  7. BestCoder Round #66 (div.2) hdu5592

    GTW likes math Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others) ...

  8. BestCoder Round #68 (div.2) 1002 tree

    题意:给你一个图,每条边权值0或1,问每个点周围最近的点有多少个? 思路:并查集找权值为0的点构成的连通块. #include<stdio.h> #include<string.h& ...

  9. BestCoder Round #50 (div.1) 1002 Run (HDU OJ 5365) 暴力枚举+正多边形判定

    题目:Click here 题意:给你n个点,有多少个正多边形(3,4,5,6). 分析:整点是不能构成正五边形和正三边形和正六边形的,所以只需暴力枚举四个点判断是否是正四边形即可. #include ...

随机推荐

  1. TD中INPUT的宽度设置

    最近在用C#做Web程序时,碰到一个问题: 将TextBox的asp控件放在Table中的TD里面时,不设置宽度,自动会将TD撑的很大. 查看运行后页面的源代码发现,其实TextBox控件最终在客户端 ...

  2. Windows 10 常用软件推荐

    QQ/TIM 大众的通讯工具,十多年之后的今天,依然是国内常驻用户第一的通讯工具 截图.远程桌面.视频会议.文件传送依旧是非常好用 TIM 算是轻聊版的升级版 微信 for Windows 近年新兴的 ...

  3. python入门基础知识

    1.python环境的安装 python2 python3 安装后添加环境变量 2.编码 最早编码ASCII码,主要有英文,数字,字符.一字节(byte),八位(bit),代表一个字符 unicode ...

  4. 【udacity】机器学习

    Evernote Export 2.人工智能简介 机器学习源自于人工智能,在此方向上,该领域有分为不同学派,机器学习主要关注的是制造能够自主动作的机器 3.人工智能难题 1.所有智能体都只有很少的计算 ...

  5. 路飞学城Python-Day186

    Evernote Export 持续集成 持续集成,简单的说就是持续集成频繁的将代码集成到主干,它的好处主要有1.快速发现错误,没完成一点更新,就集成到主干,可以快速发现错误,定位错误也会比较容易,2 ...

  6. Android 将Android项目打包成aar文件

    参考资料:https://blog.csdn.net/csdn_mm/article/details/78364444

  7. HTTP 请求报文和响应报文分析和解刨!!

    http请求和响应报文分析 一>http请求报文主要包括三个部分:1.请求行:2.请求头:3;请求体: 1,请求行一般包括三个部分:请求方式:请求url : http协议版本. 请求方法:大部分 ...

  8. 在Tomcat中配置域名:linux下的配置

    域名的配置 端口要改成80 找到/usr/tomcat/apache-tomcat-8.5.30/conf的目录,找到server.xml文件,到 <Host name="localh ...

  9. /etc/default/useradd文件内容及对应功能

    1.GROUP=100 #依赖于/etc/login.defs的USE RGRUUPS_ENAB参数,如果为no,则在此处控制 2.HOME=/home #把用户的家路径健在/home中 3.INAC ...

  10. find命令扩展

    1.1 方法一  |xargs 通过|xargs将前面命令的执行结果传给后面. [root@znix ~]# find /clsn/ -type f -name "*.sh" |x ...