BZOJ1123或洛谷3469 [POI2008]BLO-Blockade
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若第\(i\)个点不是割点,那么只有这个点单独形成一个连通块,其它点依旧连通,则答案为\(2\times (n-1)\)。
若第\(i\)个点是割点,那么去掉这个点相关的边就会形成\(3\)种构成的连通块:
- 由点\(i\)本身构成。
- 由点\(i\)的子树(搜索树中)形成若干个连通块。
- 由除点\(i\)及其子树的所有其它点构成一个连通块。
于是我们可以在用\(tarjan\)找割点的过程中计算搜索树中每棵子树的大小,并统计答案即可。
#include<cstdio>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 1e5 + 10;
const int M = 5e5 + 10;
int fi[N], di[M << 1], ne[M << 1], dfn[N], low[N], si[N], l, ti, n;
bool v[N];
ll S[N];
inline int re()
{
int x = 0;
char c = getchar();
bool p = 0;
for (; c < '0' || c > '9'; c = getchar())
p |= c == '-';
for (; c >= '0' && c <= '9'; c = getchar())
x = x * 10 + (c - '0');
return p ? -x : x;
}
inline void add(int x, int y)
{
di[++l] = y;
ne[l] = fi[x];
fi[x] = l;
}
inline int minn(int x, int y)
{
return x < y ? x : y;
}
void tarjan(int x)
{
int i, y, s = 0, g = 0;
dfn[x] = low[x] = ++ti;
si[x] = 1;
for (i = fi[x]; i; i = ne[i])
{
y = di[i];
if (!dfn[y])
{
tarjan(y);
si[x] += si[y];
low[x] = minn(low[x], low[y]);
if (low[y] >= dfn[x])
{
g++;
S[x] += 1LL * si[y] * (n - si[y]);
s += si[y];
if (x ^ 1 || g > 1)
v[x] = 1;
}
}
else
low[x] = minn(low[x], dfn[y]);
}
if (v[x])
S[x] += 1LL * (n - 1 - s) * (s + 1) + n - 1;
else
S[x] = (n - 1) << 1;
}
int main()
{
int i, x, y, m;
n = re();
m = re();
for (i = 1; i <= m; i++)
{
x = re();
y = re();
add(x, y);
add(y, x);
}
tarjan(1);
for (i = 1; i <= n; i++)
printf("%lld\n", S[i]);
return 0;
}
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