题目链接

题解

首先可以想到分组后,去掉两边都填了数的组。

然后就会剩下\((-1,-1)\)和\((-1,x)\)或\((x,-1)\)这两种情况

因为是最小值序列的情况数,我们可以考虑从大到小填数,一个组填完了最小值就是当前填的数

设\(f[i][j][k]\)表示已经填到数\(i\)剩余\(j+k\)个填了一个数的组,其中有\(j\)个组是第一种情况填出来的,\(k\)个是第二种情况来的

分情况转移

如果这个数属于第一种情况,那么可以转移到:

\(f[i][j+1][k]:\)填到一个\((-1,-1)\)中

\(f[i][j-1][k]:\)和之前填了一个数的\((-1,-1)\)完成一组

\(f[i][j][k-1]:\)和\((x,-1)\)完成一组

如果属于第二种情况,那么可以转移到:

\(f[i][j][k+1]:\)不是最小值

\(f[i][j-1][k]:\)是最小值

最后因为\((-1,-1)\)是无序的,所以答案要乘上一个阶乘

Code

int cnt1 = 0, cnt2 = 0;
for (int i = 1; i < 2 * n; i += 2) {
if (a[i] == a[i + 1])
cnt2++;
else {
if (a[i] > a[i + 1]) swap(a[i], a[i + 1]);
if (a[i] == -1) cnt1++, flg[a[i + 1]] = 1;
else vis[a[i]] = vis[a[i + 1]] = 1;
}
}
int m = 0;
f[0][0][0] = 1;
for (int i = 2 * n; i >= 1; i--)
if (!vis[i]) {
m++;
if (!flg[i]) {
for (int j = 0; j <= cnt1 + cnt2; j++)
for (int k = 0; k <= cnt1; k++) {
pls(f[m][j + 1][k], f[m - 1][j][k]);
if (j) pls(f[m][j - 1][k], f[m - 1][j][k]);
if (k) pls(f[m][j][k - 1], 1ll * k * f[m - 1][j][k] % Mod);
}
}
else {
for (int j = 0; j <= cnt1 + cnt2; j++)
for (int k = 0; k <= cnt1; k++) {
pls(f[m][j][k + 1], f[m - 1][j][k]);
if (j) pls(f[m][j - 1][k], f[m - 1][j][k]);
}
}
}
int ans = f[m][0][0];
for (int i = 1; i <= cnt2; i++)
ans = 1ll * ans * i % Mod;

【AGC030F】Permutation and Minimum(DP)的更多相关文章

  1. 【agc030f】Permutation and Minimum(动态规划)

    [agc030f]Permutation and Minimum(动态规划) 题面 atcoder 给定一个长度为\(2n\)的残缺的排列\(A\),定义\(b_i=min\{A_{2i-1},A_{ ...

  2. 【BZOJ】1068: [SCOI2007]压缩(dp)

    http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1068 发现如果只设一维的话无法转移 那么我们开第二维,发现对于前i个来说,如果确定了M在哪里,第i个 ...

  3. 【AGC030F】Permutation and Minimum DP

    题目大意 有一个长度为序列 \(a\),其中某些位置的值是 \(-1\). 你要把 \(a\) 补成一个排列. 定义 \(b_i=\min(a_{2i-1},a_{2i})\),求有多少种可能的 \( ...

  4. 【51nod1519】拆方块[Codeforces](dp)

    题目传送门:1519 拆方块 首先,我们可以发现,如果第i堆方块被消除,只有三种情况: 1.第i-1堆方块全部被消除: 2.第i+1堆方块全部被消除:(因为两侧的方块能够保护这一堆方块在两侧不暴露) ...

  5. 【bzoj1925】地精部落[SDOI2010](dp)

    题目传送门:1925: [Sdoi2010]地精部落 这道题,,,首先可以一眼看出他是要我们求由1~n的排列组成,并且抖来抖去的序列的方案数.然后再看一眼数据范围,,,似乎是O(n^2)的dp?然后各 ...

  6. 【ZOJ2278】Fight for Food(dp)

    BUPT2017 wintertraining(16) #4 F ZOJ - 2278 题意 给定一个10*10以内的地图,和p(P<=30000)只老鼠,给定其出现位置和时间T(T<=1 ...

  7. 【POJ】3616 Milking Time(dp)

    Milking Time Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 10898   Accepted: 4591 Des ...

  8. 【POJ】2385 Apple Catching(dp)

    Apple Catching Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 13447   Accepted: 6549 D ...

  9. 【vijos】1764 Dual Matrices(dp)

    https://vijos.org/p/1764 自从心态好了很多后,做题的确很轻松. 这种题直接考虑我当前拿了一个,剩余空间最大能拿多少即可. 显然我们枚举每一个点拿出一个矩形(这个点作为右下角), ...

随机推荐

  1. C#基础--go to

    goto语句的用法非常灵活,你可以用它实现很多功能,但是由于goto语句的跳转影响程序的结构,在使用的时候会使人迷茫,所以一般"教材"上都不建议使用,但是用它可以实现递归,循环,选 ...

  2. Trie-Tree

    最近写了一些关于字典树的题目,这里做个简单的整理. 字典树,又叫单词查找树,顾名思义就是查单词的(不仅仅o),和词典一样.不同的是词典是用纸做的,而字典树是用树形结构构建的. 她用来快速检索你要的内容 ...

  3. 树莓派二:apt-get出错、蓝牙、汉化、输入法

    用apt-get install一个软件的时候出现了一个错误: E: Encountered a section with no Package: header E: Problem with Mer ...

  4. sql复杂的子查询,横向合并结果集

    第一个查询的结果集 select * from( select c.msName,a.msId,c.msPrice, c.msPrice*COUNT(a.msId) as totalMoney,sum ...

  5. 6.Redis的事务

    Redis的事务(Redis部分支持事务) a)是什么 可以一次执行多个命令,本质是一组命令的集合.一个事务中的所有命令都会序列化,按顺序地串行化执行而不会被其它命令插入,不许加塞 b)能干吗 一个( ...

  6. CentOS7安装CDH 第三章:CDH中的问题和解决方法

    相关文章链接 CentOS7安装CDH 第一章:CentOS7系统安装 CentOS7安装CDH 第二章:CentOS7各个软件安装和启动 CentOS7安装CDH 第三章:CDH中的问题和解决方法 ...

  7. python3 多线程和多进程

    一.线程和进程 1.操作系统中,线程是CPU调度和分派的基本单位,线程依存于程序中 2.操作系统中,进程是系统进行资源分配和调度的一个基本单位,一个程序至少有一个进程 3.一个进程由至少一个线程组成, ...

  8. cmake升级3.6

    https://blog.csdn.net/u013714645/article/details/77002555 ./boostrap gmake gmake install

  9. i p _ i n s e r t o p t i o n s函数

    i p _ o u t p u t函数接收一个分组和选项.当 i p _ f o r w a r d调用该函数时,选项已经是分组的一部分,所以 i p _ f o r w a r d总是把一个空选项指 ...

  10. python_网络编程socket(TCP)

    服务端: import socket sk = socket.socket() #创建对象 sk.setsockopt(socket.SOL_SOCKET,socket.SO_REUSEADDR,1) ...