1066. [SCOI2007]蜥蜴【最大流】
Description
在一个r行c列的网格地图中有一些高度不同的石柱,一些石柱上站着一些蜥蜴,你的任务是让尽量多的蜥蜴逃
到边界外。 每行每列中相邻石柱的距离为1,蜥蜴的跳跃距离是d,即蜥蜴可以跳到平面距离不超过d的任何一个石
柱上。石柱都不稳定,每次当蜥蜴跳跃时,所离开的石柱高度减1(如果仍然落在地图内部,则到达的石柱高度不
变),如果该石柱原来高度为1,则蜥蜴离开后消失。以后其他蜥蜴不能落脚。任何时刻不能有两只蜥蜴在同一个
石柱上。
Input
输入第一行为三个整数r,c,d,即地图的规模与最大跳跃距离。以下r行为石竹的初始状态,0表示没有石柱
,1~3表示石柱的初始高度。以下r行为蜥蜴位置,“L”表示蜥蜴,“.”表示没有蜥蜴。
Output
输出仅一行,包含一个整数,即无法逃离的蜥蜴总数的最小值。
Sample Input
00000000
02000000
00321100
02000000
00000000
........
........
..LLLL..
........
........
Sample Output
HINT
100%的数据满足:1<=r, c<=20, 1<=d<=4
辣鸡BZOJ……别的OJ都A了就它A不了……
一开始看到高度不超过三,以为是什么炒鸡神奇的拆点操作……
后来想不出来神奇的拆点操作
就随便把点拆成了一个入点一个出点
两点间的容量为柱子的高度
再增设一个超级源点0和各个起点链接,容量为1(1只蜥蜴)
然后其他的边就全部INF好了……
瞎搞搞就过了
UPDATE:改过了……luogu不加优化0ms,BZOJ加了优化还88ms……emmm……
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define MAXM (1000000+10)
#define MAXN (100000+10)
using namespace std; struct node
{
int Flow;
int next;
int to;
} edge[MAXM*];
int Depth[MAXN],q[MAXN];
int head[MAXN],num_edge;
int n,m,s,e,d,INF;
int a[][];
char ch; void add(int u,int v,int l)
{
edge[++num_edge].to=v;
edge[num_edge].Flow=l;
edge[num_edge].next=head[u];
head[u]=num_edge;
} bool Bfs(int s,int e)
{
int Head=,Tail=;
memset(Depth,,sizeof(Depth));
Depth[s]=;
q[]=s;
while (Head<Tail)
{
++Head;
int x=q[Head];
for (int i=head[x]; i!=; i=edge[i].next)
if (!Depth[edge[i].to] && edge[i].Flow>)
{
Depth[edge[i].to]=Depth[x]+;
q[++Tail]=edge[i].to;
}
}
if (Depth[e]>) return true;
return false;
} int Dfs(int x,int low)
{
int Min,f=;
if (x==e || low==)
return low;
for (int i=head[x]; i!=; i=edge[i].next)
if (edge[i].Flow> && Depth[edge[i].to]==Depth[x]+ && (Min=Dfs(edge[i].to , min(low,edge[i].Flow) )))
{
edge[i].Flow-=Min;
edge[((i-)^)+].Flow+=Min;
f+=Min;
low-=Min;
if (low==) break;
}
if (!f) Depth[x]=-;
return f;
} int Dinic(int s,int e)
{
int Ans=;
while (Bfs(s,e))
Ans+=Dfs(s,0x7fffffff);
return Ans;
} int main()
{
s=,e=;
int Sum=;
memset(&INF,0x7f,sizeof(INF));
scanf("%d%d%d",&n,&m,&d);
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
{
cin>>ch;
a[i][j]=ch-;
}
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
{
add((i-)*m+j,(i-)*m+j+,a[i][j]);
add((i-)*m+j+,(i-)*m+j,a[i][j]);
}
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
{
cin>>ch;
if (ch=='L')
{
++Sum;
add(,(i-)*m+j,);
add((i-)*m+j,,);
}
}
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
if (a[i][j]!= && (i<=d || j<=d || m-j<d || n-i<d))
{
add((i-)*m+j+,,INF);
add(,(i-)*m+j+,);
}
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
for (int k=; k<=n; ++k)
for (int l=; l<=m; ++l)
if (!(i==k && j==l) && a[i][j]!= && a[k][l]!= && sqrt((i-k)*(i-k)+(j-l)*(j-l))<=d)
{
add((i-)*m+j+,(k-)*m+l,INF);
add((k-)*m+l,(i-)*m+j+,);
}
printf("%d",Sum-Dinic(,));
}
1066. [SCOI2007]蜥蜴【最大流】的更多相关文章
- BZOJ 1066: [SCOI2007]蜥蜴( 最大流 )
结点容量..拆点然后随便写 --------------------------------------------------------------- #include<cstdio> ...
- poj 2711 Leapin' Lizards && BZOJ 1066: [SCOI2007]蜥蜴 最大流
题目链接:http://poj.org/problem?id=2711 题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1066 Your p ...
- POJ 2711 Leapin' Lizards / HDU 2732 Leapin' Lizards / BZOJ 1066 [SCOI2007]蜥蜴(网络流,最大流)
POJ 2711 Leapin' Lizards / HDU 2732 Leapin' Lizards / BZOJ 1066 [SCOI2007]蜥蜴(网络流,最大流) Description Yo ...
- 1066: [SCOI2007]蜥蜴
1066: [SCOI2007]蜥蜴 Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 3545 Solved: 1771[Submit][Status] ...
- [SCOI2007] 蜥蜴 (最大流)
[SCOI2007] 蜥蜴 题目背景 07四川省选 题目描述 在一个r行c列的网格地图中有一些高度不同的石柱,一些石柱上站着一些蜥蜴,你的任务是让尽量多的蜥蜴逃到边界外. 每行每列中相邻石柱的距离为1 ...
- P2472 [SCOI2007]蜥蜴 (最大流)
题目 P2472 [SCOI2007]蜥蜴 解析 这个题思路比较清晰,本(qi)来(shi)以(jiu)为(shi)无脑建图跑最大流,结果挂了,整了一个小时后重新建图才过的. 建立一个超级源点和一个超 ...
- 【BZOJ】1066: [SCOI2007]蜥蜴(最大流)
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1066 本题想一想应该懂了的. 我们想啊,,每个点都有限制,每个点都可以跳到另一个有限制的点,每个有蜥 ...
- [BZOJ 1066] [SCOI2007] 蜥蜴 【最大流】
题目链接:BZOJ - 1066 题目分析 题目限制了高度为 x 的石柱最多可以有 x 只蜥蜴从上面跳起,那么就可以用网络流中的边的容量来限制.我们把每个石柱看作一个点,每个点拆成 i1, i2,从 ...
- BZOJ 1066 [SCOI2007]蜥蜴(最大流)
[题目链接] http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1066 [题目大意] 在一个r行c列的网格地图中有一些高度不同的石柱,一些石柱上站着一些 ...
随机推荐
- css过渡笔记
3D http://fangyexu.com/tool-CSS3Inspector.html <!DOCTYPE html> <html lang="en" ...
- <Android 基础(二十五)> View Animation
简介 视图动画,主要包括位移,透明度,旋转和缩放,View本身的属性并没有发生变化,只是在这个视图上添加一些渐变的效果,所以总体而言,视图动画只能实现一些简单的动画效果,属性动画功能更强大. 使用 r ...
- redis 适用场景、缓存选择、java实现
redis适用场景 查询多,修改少:如国家地区信息.商品分类.数据字典 缓存选择 hibernate二级缓存.mybatis二级缓存.redishibernate二级缓存.mybatis二级缓存默认不 ...
- protobuf 源代码分析 (1)准备工作
protobuf简介 protobuf是google开源的跨平台的一种数据序列化的代码自动生成器,支持c++.java和python语言,支持跨网络的传输数据,与平台类型无关.并且其生产的序列化数据具 ...
- C语言图形编程
四.图形和图像函数(一) 像素函数 56. putpiel() 画像素点函数 57. getpixel()返回像素色函数(二) 直线和线型函数 58. line() 画线函数 ...
- Java类的封装
java中四种不同的限定词限定的成员(成员变量或成员变量方法),访问权限由大到小依次为: public(公共的) 可以被所有的类访问 protected(受保护的) 可以被这个类本身访问 可以被它的子 ...
- 10 tensorflow在循环体中用tf.print输出节点内容
代码 i=tf.constant(0,dtype=tf.int32) batch_len=tf.constant(10,dtype=tf.int32) loop_cond = lambda a,b: ...
- iframe内存释放
Ext 核心开发人员Jack的回答是,TabPanelItem在关闭时并不会对自定义到tab中的元素做特殊处理,这部分工作必须在控件外来完成.另一方面, 相关资料称IE在iframe元素的回收方面存在 ...
- 在 Azure VM 上安装 LEMP Web 服务器
本文逐步讲解如何在 Azure 中的 Ubuntu VM 上部署 NGINX Web 服务器.MySQL 和 PHP(LEMP 堆栈). LEMP 堆栈可以替代常用的 LAMP 堆栈,可安装在 Azu ...
- 如何判断一个整数是否是2的N次幂
static bool CheckPowerOfTwo(ulong num) { && (num & (num - )) == ; }