这是个开心的题目,因为既可以自己翻译,代码又好写ヾ(๑╹◡╹)ノ"

The i’th Fibonacci number f(i) is recursively defined in the following way:

• f(0) = 0 and f(1) = 1

• f(i + 2) = f(i + 1) + f(i) for every i ≥ 0

Your task is to compute some values of this sequence.

Input

Input begins with an integer t ≤ 10,000, the number of test cases. Each test case consists of three integers a, b, n where 0 ≤ a,b < 264 (a and b will not both be zero) and 1 ≤ n ≤ 1000.
Output
For each test case, output a single line containing the remainder of f(ab) upon division by n.

Sample Input
3

1 1 2

2 3 1000

18446744073709551615 18446744073709551615 1000

Sample Output
1

21

250

概译:对于斐波那契数列f = {0,1,1,2……},给出n,f数列的所有项都%=n,还给了a和b,求f[ab]等于几。

思路:

发现a和b极大所以肯定是找规律了

--> 斐波那契是固定的那循环长度应该跟n有关

--> 余数最多有n种,(注意序列是0,1开头),则最坏情况下n个数以后又爆出0

--> 斐波那契数列只要确定两个数则后面的序列都是确定的,确定了0以后,0后面那个数一旦确定则循环节就确定了

--> 最坏情况,0的后面n次以后爆出1

--> 故在n²个数以内必出循环节,n²的暴力还是可以承受的,找一下循环节长度L,输出f[ab%L(快速幂)]

PS:不妨简单证明一下0的后面最坏n次以后必爆1.

假如序列会发生:01abc,02xyz,02xyz,01……这种情况,则由于非1数字先行重复了,会导致我们未必在n次以内捕获数字1.但这种情况真的会存在吗?

--> 如果真的存在了,由于z+0=2,所以一旦02循环,则02将成为永远的循环节,不会再出现01了,只会有01abc,02xyz,02xyz,02xyz,……

--> (c+0)%n=2,c又在0~n之内,c=2=z

--> (b+c)%n=0,b又在0~n之内,b=n-2=y

--> ……以此类推,01何以创造02帝国?

--> 矛盾。故斐波那契一定是以01开头的循环节,n次内必爆1.

声明:由于紫书和题解们都是一笔描过n²内可求解,故上述想法为个人脑洞,欢迎纠错与讨论。

50ms

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std; typedef unsigned long long ull; int test, n, f[]={,};
ull a, b; ull qpow(ull a, ull b, int mod)//为了防爆ull,a传入a%mod
{
ull ans = ;
while (b)
{
if (b% == ) ans = ans*a%mod;
a = a*a%mod;
b >>= ;
}
return ans;
} int main()
{
scanf("%d", &test);
while (test--)
{
int record = ;
scanf("%llu%llu%d", &a, &b, &n);
//寻找循环节
//也可以把f开成f[maxn][maxn*maxn+5]在test循环之前预处理
//如果预处理的话这里直接O(1)查询了,空间换时间吧
for (int i = ; i <= n*n + ; i++)
{
f[i] = (f[i-] + f[i-]) % n;
if (f[i] == && f[i-] == )
{
record = i-;//循环节长度
break;
}
}
printf("%d\n", n == ? : f[qpow(a%record, b, record)]);
}
}

再贴一个预处理的标程:

20ms

 // UVa11582 Colossal Fibonacci Numbers!

 // Rujia Liu

 #include<iostream>

 #include<cstring>

 #include<cstdio>

 using namespace std;

 const int maxn =  + ;

 typedef unsigned long long ULL;

 int f[maxn][maxn*], period[maxn];

 int pow_mod(ULL a, ULL b, int n) {

   if(!b) return ;

   int k = pow_mod(a, b/, n);

   k = k * k % n;

   if(b % ) k = k * a % n;

   return k;

 }

 int solve(ULL a, ULL b, int n) {

   if(a ==  || n == ) return ; // attention!

   int p = pow_mod(a % period[n], b, period[n]);

   return f[n][p];

 }

 int main() {

   for(int n = ; n <= ; n++) {

     f[n][] = ; f[n][] = ;

     for(int i = ; ; i++) {

       f[n][i] = (f[n][i-] + f[n][i-]) % n;

       if(f[n][i-] ==  && f[n][i] == ) {

         period[n] = i - ;

         break;

       }

     }

   }

   ULL a, b;

   int n, T;

   cin >> T;

   while(T--) {

     cin >> a >> b >> n;

     cout << solve(a, b, n) << "\n";

   }

   return ;

 }

至于为什么标程的二维f数组只开到maxn*6……我打了个表,最长是n=750时循环节3000~

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