http://codeforces.com/problemset/problem/776/D

题意:有n个门,m个开关,每个门有一个当前的状态(0表示关闭,1表示打开),每个开关控制k个门,但是每个门确切的受两个开关控制,如果一个开关打开,那么原来关闭的门会打开,打开的门关闭,问是否存在一个情况使得所有的门打开。

思路:类似于01染色,把开关当成点,门当前的状态当成边权建图。初始先假设一个门的状态(初始假设为0和假设为1都是一样的,举几个例子就发现了),然后因为每个门受两个开关控制,所以可以推出下一个门的状态,如果发现互斥的情况,那么就是“NO”。

这里设成门状态0表示打开,1表示关闭,方便运算。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 200010
struct Edge {
int v, nxt, w;
} edge[N*];
int col[N], fir[N], sec[N], head[N], tot, w[N]; void Add(int u, int v, int w) {
edge[tot] = (Edge) {v, head[u], w}; head[u] = tot++;
edge[tot] = (Edge) {u, head[v], w}; head[v] = tot++;
} bool dfs(int u) {
for(int i = head[u]; ~i; i = edge[i].nxt) {
int v = edge[i].v, w = edge[i].w;
if(col[v] == -) { // 如果这个开关没染色
col[v] = col[u] ^ w;
if(!dfs(v)) return false;
} else if(col[u] ^ col[v] ^ w) return false; // 如果染过色并发生矛盾
}
return true;
} int main() {
int n, m;
cin >> n >> m;
for(int i = ; i <= n; i++) scanf("%d", &w[i]), w[i] ^= ;
for(int i = ; i <= m; i++) {
int k; scanf("%d", &k);
while(k--) {
int a; scanf("%d", &a);
if(fir[a] == ) fir[a] = i; // 连a点的第一个开关
else sec[a] = i; // 连a点的第二个开关
}
}
memset(head, -, sizeof(head)); tot = ;
for(int i = ; i <= n; i++)
Add(fir[i], sec[i], w[i]);
memset(col, -, sizeof(col));
bool flag = ;
for(int i = ; i <= m; i++) {
if(col[i] == -) {
col[i] = ; // 假设这个开关一开始是关的
if(!dfs(i)) { flag = ; break; }
}
}
if(!flag) puts("NO");
else puts("YES");
return ;
}

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