【BZOJ4849】[Neerc2016]Mole Tunnels 模拟费用流
【BZOJ4849】[Neerc2016]Mole Tunnels
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题解:一眼看到这道题,直接想到费用流,但是n太大了,不能直接跑费用流,但是我们发现题中给的是一棵完全二叉树,所以我们可以想一想怎么利用这个性质。
我们依旧沿用费用流的思想,假设我们扫到了第i只鼹鼠,我们先找到距离i最近的有空位置的点,然后在将那个点的剩余空间-1,再讲路径上所有的反向边流量+1(因为正向边的流量可以看做正无穷,所以我们不管)。现在我们的思路就很清晰了,所以我们只要找到距离i最近的有空位置的点就行了。
具体做法是先扫一遍整棵树,用f[i]表示在i的子树中距离i最近的点到i的距离,g[i]表示在i的子树中距离i最近的点的位置。查询的时候,从p[i]一步一步向上爬,不断用当前节点的 f值+爬上来的距离 更新答案,最后暴力重构路径上的所有节点的f,g值,因为保证是完全二叉树,所以复杂度是O(nlogn)的。
说着挺容易其实代码挺丑的~
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#define lson x<<1
#define rson x<<1|1
using namespace std;
const int maxn=100010;
typedef long long ll;
ll ans;
int n,m,sum,minn,pos,lca;
int p[maxn],c[maxn],g[maxn],f[maxn],v[maxn][2]; //0上1下
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
int i,j;
for(i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&c[i]);
memset(f,0x3f,sizeof(f));
for(i=n;i>=1;i--)
{
if(c[i]) f[i]=0,g[i]=i;
if(f[i>>1]>f[i]+1) f[i>>1]=f[i]+1,g[i>>1]=g[i];
}
for(i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d",&p[i]);
minn=1<<30,sum=0;
for(j=p[i];j;j>>=1)
{
if(f[j]+sum<minn) minn=f[j]+sum,pos=g[j],lca=j;
sum+=(v[j][0]>0)?(-1):1;
}
ans=ans+minn;
printf("%lld",ans);
if(i!=m) printf(" ");
c[pos]--;
for(j=p[i];j!=lca;j>>=1) v[j][0]?v[j][0]--:v[j][1]++;
for(j=pos;j!=lca;j>>=1) v[j][1]?v[j][1]--:v[j][0]++;
for(j=p[i];j!=lca;j>>=1)
{
f[j]=1<<30;
if(c[j]&&0<f[j]) f[j]=0,g[j]=j;
if((j<<1)<=n&&f[j<<1]+(v[j<<1][1]?-1:1)<f[j]) f[j]=f[j<<1]+(v[j<<1][1]?-1:1),g[j]=g[j<<1];
if((j<<1|1)<=n&&f[j<<1|1]+(v[j<<1|1][1]?-1:1)<f[j]) f[j]=f[j<<1|1]+(v[j<<1|1][1]?-1:1),g[j]=g[j<<1|1];
}
for(j=pos;j;j>>=1)
{
f[j]=1<<30;
if(c[j]&&0<f[j]) f[j]=0,g[j]=j;
if((j<<1)<=n&&f[j<<1]+(v[j<<1][1]?-1:1)<f[j]) f[j]=f[j<<1]+(v[j<<1][1]?-1:1),g[j]=g[j<<1];
if((j<<1|1)<=n&&f[j<<1|1]+(v[j<<1|1][1]?-1:1)<f[j]) f[j]=f[j<<1|1]+(v[j<<1|1][1]?-1:1),g[j]=g[j<<1|1];
}
}
return 0;
}
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