Multiple
poj1465:http://poj.org/problem?id=1465
题意:给你一个数n(0~4999);以及m个不同十进制的数,问有这些十进制数组成的最小的n的倍数是多少。如果有则输出,没有就输出0;
题解:此题用BFS 。。这个题好在 用 余数判重剪枝。。BFS 如果不加以剪枝,一定会搜索的情况会很庞大。所以应该用余数判重 。
为什么可以用余数判重?
A=a*N +e 即A%N =e
B= b*N+e即B%N=e
当A B mod N的余数相同时,如果先出现A 。在A 后加上一个数 i 时 , 新的数 C = 10 *a*N + 10 *e+i;同样 B后加上数 i 时 , D = 10*b*N +10*e+i; 由于C D 前边 10*a*N 和 10*b*N 都是N的倍数 ,则C D mod N 的余数都是有 10*e+i 决定的。于是 C D mod N 同余。因此 A B 同余 都添加上 i 之后 新的两个数C D也是同余的。在无论添加多少个数,新生成的两个数也是同余的。因此 在A 之后如果不出现 N的倍数 ,则在B之后也不会出现。 在A 之后出现,那B之后也会出现。 有因为要求求最小值。所以只需要搜索min(A,B)之后的 ,对于另外一个数之后就不用搜索了。因为对M个排序后,先填入的是小的值,所以 A B 先出现的值小。所以后出现的同余的数 就不用搜索了。因此可以余数判重后剪枝。。。。
#include<cstdio>
#include<stdlib.h>
#include<queue>
#include<cstring>
#define INF 1000000000
using namespace std;
int n,m,d[]; //d数组用来储存m个数
struct point{
int yu;//记录余数
int pre;//记录来自哪一层
int now; //记录当前的是哪一个d【i】;
}que[];
int cmp(const void * a,const void * b){
int * aa=(int *)a;
int * bb=(int *)b;
return *aa-*bb;
} //比较器从小到大
void print(int tem){
if(que[tem].pre!=-){
print(que[tem].pre);
printf("%d",que[tem].now);
}
}//递归输出
int bfs(){
int front=,rear=;
int flag[];//标记是否访问
que[rear].now=;
que[rear].pre=-;
que[rear++].yu=;
memset(flag,,sizeof(flag));
while(front<rear){
struct point tem;
tem=que[front];
for(int i=;i<m;i++){
int temp=(tem.yu*+d[i])%n;
if(!flag[temp] && (tem.pre!=- || d[i]>)){
struct point st;
st.now=d[i];
st.yu=temp;
st.pre=front;
flag[temp]=;
que[rear++]=st;
if(temp==){
print(rear-);
printf("\n");
return ;
}
}
}
front++;
}
return ;
}//在大脑中一定要有完整清晰的思路。
int main(){
int i;
while(scanf("%d",&n)!=EOF){
scanf("%d",&m);
for(i=;i<m;i++)
scanf("%d",&d[i]);
qsort(d,m,sizeof(d[]),cmp);
if(n==){
printf("0\n");
}
else if(!bfs())
printf("0\n");
}
}
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