题目描述

您需要写一种数据结构(可参考题目标题),来维护一些数,其中需要提供以下操作:

插入 xx 数

删除 xx 数(若有多个相同的数,因只删除一个)

查询 xx 数的排名(排名定义为比当前数小的数的个数 +1+1 。若有多个相同的数,因输出最小的排名)

查询排名为 xx 的数

求 xx 的前驱(前驱定义为小于 xx ,且最大的数)

求 xx 的后继(后继定义为大于 xx ,且最小的数)

输入输出格式

输入格式:

第一行为 nn ,表示操作的个数,下面 nn 行每行有两个数 optopt 和 xx , optopt 表示操作的序号( 1 \leq opt \leq 6 1≤opt≤6 )

输出格式:

对于操作 3,4,5,63,4,5,6 每行输出一个数,表示对应答案

输入输出样例

输入样例#1: 复制

10

1 106465

4 1

1 317721

1 460929

1 644985

1 84185

1 89851

6 81968

1 492737

5 493598

输出样例#1: 复制

106465

84185

492737

说明

时空限制:1000ms,128M

1.n的数据范围: n \leq 100000 n≤100000

2.每个数的数据范围: [-{10}^7, {10}^7][−10

7

,10

7

]

来源:Tyvj1728 原名:普通平衡树

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring> using namespace std;
const int MAXN = 100005;
const int inf = 0x7f7f7f7f; struct Node{
int v,fa;
int ch[2];
int sum;
int recy;
}node[MAXN]; int n,cnt,points; inline void update(int x){
node[x].sum=node[node[x].ch[1]].sum+node[node[x].ch[0]].sum+node[x].recy;
} inline bool jud(int x){
return node[node[x].fa].ch[0]==x?0:1;
} inline void connect(int x,int f,int son){
node[x].fa=f;
node[f].ch[son]=x;
} inline void rotate(int x){
int y=node[x].fa;
int mroot=node[y].fa;
int mrootson=jud(y);
int yson=jud(x);
int oth=node[x].ch[yson^1];
connect(oth,y,yson);
connect(y,x,(yson^1));
connect(x,mroot,mrootson);
update(y);update(x);
} inline void splay(int at,int to){
to=node[to].fa;
while(node[at].fa!=to){
int up=node[at].fa;
if(node[up].fa==to) rotate(at);
else if(jud(up)==jud(at)){
rotate(up);
rotate(at);
}
else{
rotate(at);
rotate(at);
}
}
} inline int crepoint(int x,int f){
node[++cnt].v=x;
node[cnt].fa=f;
node[cnt].sum=1;
node[cnt].recy=1;
return cnt;
} inline void destroy(int x){
node[x].v=node[x].fa=node[x].sum=node[x].recy=node[x].ch[0]=node[x].ch[1]=0;
if(x==cnt) cnt--;
} inline int find(int v){
int now=node[0].ch[1];
while(1){
if(node[now].v==v){
splay(now,node[0].ch[1]);
return now;
}
int nxt=v<node[now].v?0:1;
if(!node[now].ch[nxt]) return 0;
now=node[now].ch[nxt];
}
} inline int build(int x){
points++;
if(cnt==0){
node[0].ch[1]=1;
crepoint(x,0);
}
else{
int now=node[0].ch[1];
while(1){
node[now].sum++;
if(x==node[now].v){
node[now].recy++;
return now;
}
int nxt=x<node[now].v?0:1;
if(!node[now].ch[nxt]){
crepoint(x,now);
node[now].ch[nxt]=cnt;
return cnt;
}
now=node[now].ch[nxt];
}
}
return 0;
} inline void push(int x){
int add=build(x);
splay(add,node[0].ch[1]);
} inline void pop(int v){
int deal=find(v);
if(!deal) return;
points--;
if(node[deal].recy>1){
node[deal].recy--;
node[deal].sum--;
return;
}
if(!node[deal].ch[0]){
node[0].ch[1]=node[deal].ch[1];
node[node[0].ch[1]].fa=0;
}
else{
int lef=node[deal].ch[0];
while(node[lef].ch[1]) lef=node[lef].ch[1];
splay(lef,node[deal].ch[0]);
int rig=node[deal].ch[1];
connect(rig,lef,1);connect(lef,0,1);
update(lef);
}
destroy(deal);
} int rank(int x){
int ans=0;
int now=node[0].ch[1];
while(1){
if(node[now].v==x) return ans+node[node[now].ch[0]].sum+1;
if(now==0) return 0;
if(x<node[now].v) now=node[now].ch[0];
else{
ans+=node[node[now].ch[0]].sum+node[now].recy;
now=node[now].ch[1];
}
}
if(now) splay(now,node[0].ch[1]);
return 0;
} int atrank(int x){
if(x>points) return -inf;
int now=node[0].ch[1];
while(1){
int minn=node[now].sum-node[node[now].ch[1]].sum;
if(x>node[node[now].ch[0]].sum && x<=minn) break;
if(x<minn) now=node[now].ch[0];
else{
x=x-minn;
now=node[now].ch[1];
}
}
splay(now,node[0].ch[1]);
return node[now].v;
} inline int lower(int x){
int now=node[0].ch[1];
int res=-inf;
while(now){
if(node[now].v<x && node[now].v>res) res=node[now].v;
if(x>node[now].v) now=node[now].ch[1];
else now=node[now].ch[0];
}
return res;
} inline int upper(int x){
int now=node[0].ch[1];
int res=inf;
while(now){
if(node[now].v>x && node[now].v<res) res=node[now].v;
if(x<node[now].v) now=node[now].ch[0];
else now=node[now].ch[1];
}
return res;
} int main(){
scanf("%d",&n);
push(inf);push(-inf);
for(register int i=1;i<=n;i++){
int opt,x;
scanf("%d%d",&opt,&x);
if(opt==1) push(x);
else if(opt==2) pop(x);
else if(opt==3) printf("%d\n",rank(x)-1);
else if(opt==4) printf("%d\n",atrank(x+1));
else if(opt==5) printf("%d\n",lower(x));
else printf("%d\n",upper(x));
}
return 0;
}

splay 模板 洛谷3369的更多相关文章

  1. 【数论】卢卡斯定理模板 洛谷P3807

    [数论]卢卡斯定理模板 洛谷P3807 >>>>题目 [题目] https://www.luogu.org/problemnew/show/P3807 [输入格式] 第一行一个 ...

  2. KMP字符串匹配 模板 洛谷 P3375

    KMP字符串匹配 模板 洛谷 P3375 题意 如题,给出两个字符串s1和s2,其中s2为s1的子串,求出s2在s1中所有出现的位置. 为了减少骗分的情况,接下来还要输出子串的前缀数组next.(如果 ...

  3. 在洛谷3369 Treap模板题 中发现的Splay详解

    本题的Splay写法(无指针Splay超详细) 前言 首先来讲...终于调出来了55555...调了整整3天..... 看到大部分大佬都是用指针来实现的Splay.小的只是按照Splay的核心思想和原 ...

  4. BZOJ3224 洛谷3369 Tyvj 1728 普通平衡树 splay

    欢迎访问~原文出处——博客园-zhouzhendong 去博客园看该题解 题目传送门 - BZOJ3224 题意概括 您需要写一种数据结构(可参考题目标题),来维护一些数,其中需要提供以下操作:1. ...

  5. 【模板】LIS模板 洛谷P1091 [NOIP2004提高组]合唱队形 [2017年4月计划 动态规划11]

    以题写模板. 写了两个:n^2版本与nlogn版本 P1091 合唱队形 题目描述 N位同学站成一排,音乐老师要请其中的(N-K)位同学出列,使得剩下的K位同学排成合唱队形. 合唱队形是指这样的一种队 ...

  6. 树链剖分模板(洛谷P3384)

    洛谷P3384 #include <bits/stdc++.h> #define DBG(x) cerr << #x << " = " < ...

  7. (treap)[bzoj3224][洛谷3369][cogs1829]Tyvj 1728 普通平衡树

    Description 您需要写一种数据结构(可参考题目标题),来维护一些数,其中需要提供以下操作:1. 插入x数2. 删除x数(若有多个相同的数,因只删除一个)3. 查询x数的排名(若有多个相同的数 ...

  8. 洛谷.3369.[模板]普通平衡树(Splay)

    题目链接 第一次写(2017.11.7): #include<cstdio> #include<cctype> using namespace std; const int N ...

  9. 【Splay】洛谷3372 【模板】线段树 1

    Splay区间加,询问区间和. #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include< ...

随机推荐

  1. codeforces round 433 C. Planning 贪心

    题目大意: 输入n,k,代表n列航班,初始始发实践为1,2,3分钟以此类推,然后输入n个整数分别代表延迟1分钟第i个航班损失多少钱,然后调整后的始发时间表是这样的,任何一辆航班的始发时间不能在他的初始 ...

  2. Centos 更改语言设置为中文

    说明 自己装系统时一般都可以自定义选择系统语言.可是云端服务器一般都是安装好的镜像,默认系统语言为英文,对于初学者可能还会有搞不懂的计算机词汇.这里简单说一下centos7怎么修改系统语言为中文. 修 ...

  3. Map集合类(一.hashMap源码解析jdk1.8)

    java集合笔记一 java集合笔记二 java集合笔记三 jdk 8 之前,其内部是由数组+链表来实现的,而 jdk 8 对于链表长度超过 8 的链表将转储为红黑树 1.属性 //节点数组,第一次使 ...

  4. C/C++ 16进制转字符串,字符串转16进制 EX

    { int Encryption::HexToStr(char *Hex) { ; ; ] = { }; ] >= ] <= ') { buf[] = Hex[]; _0 = atoi(b ...

  5. 【LeetCode 14】最长公共前缀

    题目链接 [题解] 二分最长前缀的长度. 然后暴力把第2..n个字符串和第1个字符串的前mid个字符匹配. 还有一种比较厉害的算法. 把这n个字符串加入到字典树当中去. 然后根节点到第一个有分支的节点 ...

  6. Android中监听ListView滑动到底部

    Android中的应用就是ListView中向下滑动加载更多的功能,不要再onScroll方法中进行判断,那样当滑动到底部的时候,触摸屏幕就会又去加载更多,效果很差,可以自行测试一下: listvie ...

  7. CTSC2019

    (upd:随机立方体AC) 太菜了只会部分分.以后慢慢补坑吧…… 随机立方体: 30分: 正常人都能想到的的转移状态(我的确是弱智),从大往小填数,记录有多少个极大值点和三个方向上各占了多少.转移可以 ...

  8. JZOI1169A 平均数Ave

    #include <cstdio> #include <cmath> #define lztin() read() #define ztyout( a ) printf( &q ...

  9. (转)NAT与NAT穿越学习总结--ICE过程讲的不错

    转:http://cgs1999.iteye.com/blog/1994072 1.引言网络地址转换(Network Address Translation,简称NAT)是一种在IP分组通过路由器或防 ...

  10. ORM-Dapper:Dapper列表

    ylbtech-ORM-Dapper:Dapper列表 1.返回顶部 1.1. https://dapper-tutorial.net/ 1.2. 2.1. https://www.nuget.org ...