[ POI 2011 ] Party
\(\\\)
\(Description\)
给定一张 \(N\ (\ N\equiv 0\pmod{3}\ )\) 个节点,,\(M\)条边的图,并且保证该图存在一个大小至少为\(\frac{2}{3}N\)的团,以包含节点编号的形式输出该图的任意一个大小为\(\frac N 3\)的团。
- \(N\in [3,3\times 10^3]\),\(M\in [\frac{\frac{2}{3}N\times (\frac{2}{3}N-1)}{2},\frac{N(N-1)}{2}]\)
\(\\\)
\(Solution\)
脑洞题。反图贪心的做法是可行的,这里写一个不知道神仙出题人怎么想的更简单的做法。
注意到图中最大团大小\(\ge\frac{2}{3}N\),也就是说不在团内的点数\(\le\frac{N}{3}\),注意到属于同一个团的两个点一定满足两点有连边,换句话说,没有边相连的点对一定不属于同一个团。
而不属于最大团的点最多只有\(\frac{N}{3}\)个,所以枚举到的没有连边的点对最多只有这么多个(枚举到的点对直接除掉,不再用于判断其他点),枚举到的点最多只有\(\frac{2}{3}N\)个。去掉这些被枚举到的点,剩下的点最少也有\(\frac{N}{3}\)个,足够构成答案。
\(\\\)
\(Code\)
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define N 3010
#define R register
#define gc getchar
using namespace std;
int n,m;
bool edge[N][N],v[N];
inline int rd(){
int x=0; bool f=0; char c=gc();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=1;c=gc();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=gc();}
return f?-x:x;
}
int main(){
n=rd(); m=rd();
for(R int i=1,u,v;i<=m;++i){
u=rd(); v=rd(); edge[u][v]=edge[v][u]=1;
}
for(R int i=1;i<=n;++i)
if(!v[i]){
for(R int j=i+1;j<=n;++j)
if(!v[j]&&!edge[i][j]){v[i]=v[j]=1;break;}
}
for(R int i=1,cnt=0;i<=n;++i)
if(!v[i]){printf("%d ",i);if(++cnt==n/3)break;}
return 0;
}
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