题目大意:多组数据,每组给一个n(1=<n<=8000),下面有n行,每行有l,r,color(1=<color<=8000),表示将l~r颜色变为color,最后求各种颜色(1~8000)所占区段数,如果所占区段为0则不用输出。

解题思路:基本还是跟区间染色问题差不多,但要注意一些东西

①这里l,r指的是端点。比如

3

1 4 1

1 2 2

3 4 3

这组数据最后输出结果为:

1 1

2 1

3 1

原因是还有[2,3]这一段颜色为1,处理办法是将更新函数写成(1,l+1,r,color)也就是左闭右开的形式,这样就可以使得中间的那块区间不背忽略。

②题目都没给总区间长度,所以无论查询还是建树,我们都默认用0~8000。

③关于查询各颜色所占区段数的问题,不可能直接通过线段树找到个颜色区段数,因为还要考虑两个子树是相邻的情况。所以可以通过使用一个vis[i]数组,记录各区间的颜色,最后只要简单处理一下就可以得到结果了。

 #include<cstring>
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#define LC(a) ((a<<1))
#define RC(a) ((a<<1)+1)
#define MID(a,b) ((a+b)>>1)
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=8e3*; struct node{
ll l,r;
ll color;//颜色为-2表示混合色
}tree[N]; ll ans[N];
ll vis[N];
//下推
void pushdown(ll p){
tree[RC(p)].color=tree[LC(p)].color=tree[p].color;
}
//上推
void pushup(ll p){
tree[p].color=(tree[LC(p)].color==tree[RC(p)].color?tree[LC(p)].color:-);
} void build(ll p,ll l,ll r){
tree[p].l=l;
tree[p].r=r;
tree[p].color=-;//初始化颜色因题意而定
if(l==r){
return;
}
build(LC(p),l,MID(l,r));
build(RC(p),MID(l,r)+,r);
} void update(ll p,ll l,ll r,ll color){
if(r<tree[p].l||l>tree[p].r)
return;
if(tree[p].color==color)
return;
if(l<=tree[p].l&&r>=tree[p].r){
tree[p].color=color;
return;
}
//**释放lazy标记
if(tree[p].color!=-){
pushdown(p);
}
update(LC(p),l,r,color);
update(RC(p),l,r,color);
pushup(p);
} void query(ll p,ll l,ll r){
if(r<tree[p].l||l>tree[p].r)
return; //纯色,不用再找下去
if(tree[p].color!=-){
//**使用vis数组记录区间颜色
for(int i=tree[p].l;i<=tree[p].r;i++){
vis[i]=tree[p].color;
}
return;
}
query(LC(p),l,r);
query(RC(p),l,r);
} int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
ll n;
//注意是从0~n
while(cin>>n){
build(,0,);
ll maxc=;
for(int i=;i<=n;i++){
ll l,r,color;
cin>>l>>r>>color;
maxc=max(maxc,color);
update(,l+,r,color);
}
memset(ans,,sizeof(ans));
memset(vis,-,sizeof(vis));
query(,,);
//处理vis数组,统计各区段数
for(int i=;i<=;i++){
if(vis[i]!=vis[i-]&&vis[i]!=-)
ans[vis[i]]++;
}
for(int i=;i<=maxc;i++){
if(ans[i])
cout<<i<<" "<<ans[i]<<endl;
}
cout<<endl;
}
}

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