题目链接

题意:

有n个电脑1-n,m个连接,由于可能存在一些桥,如果这些桥出现了问题,那么会导致一些电脑之间无法连接,

 

所以建立链接Q次,每次链接a和b电脑,求链接ab后还存在几个桥;

 

如果说在ab之间建立连接, a和b的最近祖先(LCA),那么从a到LCA之间和b到LCA之间的桥都将不在是桥了

这里找LCA根据dfn来往上一层一层的找;

最近公共祖先LCA是指在一个树或者有向无环图中同时拥有 v 和 w 作为后代的最深的节点。在这里,我们定义一个节点也是其自己的后代,因此如果 v 是 w 的后代,那么 w 就是 v 和 w 的最近公共祖先。最近公共祖先是两个节点所有公共祖先中离根节点最远的,计算最近公共祖先和根节点的长度往往是有用的。比如为了计算树中两个节点v和w之间的距离,可以使用以方法:分别计算由v到根节点和w到根节点的距离,两者之和减去最近公共祖先到根节点的距离的两倍即可得到v到w的距离。

#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <cstring>
using namespace std;
#define INF 0xfffffff
#define N 101000
int low[N], dfn[N], f[N], bridge[N];
//bridge[i] 是表示i和f[i]之间的路是否是桥;值为1的时候是桥;
vector<vector<int> > G;
int n, Time, m, nbridge; void Init()
{
G.clear();
G.resize(n+);
Time = nbridge = ;
memset(low, , sizeof(low));
memset(dfn, , sizeof(dfn));
memset(f, , sizeof(f));
} void Tarjan(int u, int father)
{
f[u] = father;
dfn[u] = low[u] = ++Time;
int len = G[u].size(), v;
for(int i=; i<len; i++)
{
v = G[u][i];
if(!dfn[v])
{
Tarjan(v, u);
low[u] = min(low[u], low[v]); if(low[v] > dfn[u])
{
bridge[v]++;
nbridge++;
}
}
else if(v!=father)//避免找回自己的父节点;
low[u] = min(low[u], dfn[v]);
}
} void LCA(int a, int b)
{
if( a == b )return ;
///因为dfn表示时间戳,所以a和b的最近公共祖先的时间戳一定小于等于a和b,所以我们要让dfn大的往上走;
if(dfn[a] < dfn[b])
{
if(bridge[b]==)
{
bridge[b] = ;
nbridge--;
}
LCA(a, f[b]);
}
else
{
if(bridge[a]==)
{
bridge[a] = ;
nbridge--;
}
LCA(f[a], b);
}
} int main()
{
int t=, a, b, Q;
while(scanf("%d %d", &n, &m), n+m)
{
Init();
while(m--)
{
scanf("%d %d", &a, &b);
G[a].push_back(b);
G[b].push_back(a);
}
Tarjan(,);
printf("Case %d:\n", ++t);
scanf("%d", &Q);
while(Q--)
{
scanf("%d%d", &a,&b);
LCA(a,b);
printf("%d\n",nbridge);
}
printf("\n");
}
return ;
}

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