POJ2195费用流+BFS建图
题意:
给你一个n*m的地图,上面有w个人,和w个房子,每个人都要进房子,每个房子只能进一个人,问所有人都进房子的路径总和最少是多少?
思路:
比较简单的最大流,直接建立两排,左边人,右边房子,广搜或者深搜求距离建图,然后一边费用流就行了,比较简单,没啥说的地方,就这样。
#include<queue>
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#define N_node 200 + 10
#define N_edge (200 * 200 + 200 ) * 2 + 100
#define INF 1000000000
using namespace std;
typedef struct
{
int from ,to ,cost ,flow ,next;
}STAR;
typedef struct
{
int x ,y ,t;
}NODE;
STAR E[N_edge];
NODE xin ,tou;
int list[N_node] ,tot;
int s_x[N_node];
int mer[N_node];
int map[102][102] ,n ,m;
int dir[4][2] = {0 ,1 ,0 ,-1 ,1 ,0 ,-1 ,0};
void add(int a ,int b ,int c ,int d)
{
E[++tot].from = a;
E[tot].to = b;
E[tot].cost = c;
E[tot].flow = d;
E[tot].next = list[a];
list[a] = tot;
E[++tot].from = b;
E[tot].to = a;
E[tot].cost = -c;
E[tot].flow = 0;
E[tot].next = list[b];
list[b] = tot;
}
bool SPFA(int s ,int t ,int n)
{
for(int i = 0 ;i <= n ;i ++)
s_x[i] = INF;
bool mark[N_node] = {0};
queue<int>q;
q.push(s);
mark[s] = 1;
s_x[s] = 0;
memset(mer ,255 ,sizeof(mer));
while(!q.empty())
{
int xin ,tou;
tou = q.front();
q.pop();
mark[tou] = 0;
for(int k = list[tou] ;k ;k = E[k].next)
{
xin = E[k].to;
if(s_x[xin] > s_x[tou] + E[k].cost && E[k].flow)
{
s_x[xin] = s_x[tou] + E[k].cost;
mer[xin] = k;
if(!mark[xin])
{
mark[xin] = 1;
q.push(xin);
}
}
}
}
return mer[t] != -1;
}
int M_C_Flow(int s ,int t ,int n)
{
int mincost = 0 ,maxflow = 0 ,minflow;
while(SPFA(s ,t ,n))
{
minflow = INF;
for(int i = mer[t] ;i + 1 ;i = mer[E[i].from])
if(minflow > E[i].flow) minflow = E[i].flow;
for(int i = mer[t] ;i + 1 ;i = mer[E[i].from])
{
E[i].flow -= minflow;
E[i^1].flow += minflow;
mincost += E[i].cost;
}
maxflow += minflow;
}
return mincost;
}
void BFS_Buid(int x ,int y ,int N)
{
xin.x = x ,xin.y = y ,xin.t = 0;
int mark[105][105] = {0};
queue<NODE>q;
mark[x][y] = 1;
q.push(xin);
while(!q.empty())
{
tou = q.front();
q.pop();
if(map[tou.x][tou.y] > N)
add(map[x][y] ,map[tou.x][tou.y] ,tou.t ,INF);
for(int i = 0 ;i < 4 ;i ++)
{
xin.x = tou.x + dir[i][0];
xin.y = tou.y + dir[i][1];
xin.t = tou.t + 1;
if(xin.x >= 1 && xin.x <= n && xin.y >= 1 && xin.y <= m && !mark[xin.x][xin.y])
{
mark[xin.x][xin.y] = 1;
q.push(xin);
}
}
}
return ;
}
int main ()
{
int i ,j;
char str[105][105];
while(~scanf("%d %d" ,&n ,&m) && n + m)
{
int M = 0 ,H = 0 ,N = 0;
for(i = 1 ;i <= n ;i ++)
{
scanf("%s" ,str[i]);
for(j = 0 ;j < m ;j ++)
if(str[i][j] == 'm')
N ++;
}
for(i = 1 ;i <= n ;i ++)
{
for(j = 1 ;j <= m ;j ++)
{
if(str[i][j-1] == '.') map[i][j] = 0;
else if(str[i][j-1] == 'm') map[i][j] = ++M;
else
{
++H;
map[i][j] = H + N;
}
}
}
memset(list ,0 ,sizeof(list)) ,tot = 1;
for(i = 1 ;i <= N ;i ++)
add(0 ,i ,0 ,1) ,add(i + N ,N + N + 1 ,0 ,1);
for(i = 1 ;i <= n ;i ++)
for(j = 1 ;j <= m ;j ++)
{
if(map[i][j] && map[i][j] <= N)
BFS_Buid(i ,j ,N);
}
printf("%d\n" ,M_C_Flow(0 ,N + N + 1 ,N + N + 1));
}
return 0;
}
POJ2195费用流+BFS建图的更多相关文章
- poj--1149--PIGS(最大流经典建图)
PIGS Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000KB 64bit IO Format: %I64d & %I64u Submit Status D ...
- 【BZOJ-2879】美食节 最小费用最大流 + 动态建图
2879: [Noi2012]美食节 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 1366 Solved: 737[Submit][Status] ...
- BZOJ-1433 假期的宿舍 最大流+基础建图
网络流练习ing.. 1433: [ZJOI2009]假期的宿舍 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB Submit: 1748 Solved: 765 [S ...
- poj 1149 PIGS【最大流经典建图】
PIGS Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000K Total Submissions: 18727 Accepted: 8508 Description ...
- poj 3026 Borg Maze bfs建图+最小生成树
题目说从S开始,在S或者A的地方可以分裂前进. 想一想后发现就是求一颗最小生成树. 首先bfs预处理得到每两点之间的距离,我的程序用map做了一个映射,将每个点的坐标映射到1-n上,这样建图比较方便. ...
- BZOJ 4242 水壶(BFS建图+最小生成树+树上倍增)
题意 JOI君所居住的IOI市以一年四季都十分炎热著称. IOI市是一个被分成纵H*横W块区域的长方形,每个区域都是建筑物.原野.墙壁之一.建筑物的区域有P个,编号为1...P. JOI君只能进入建筑 ...
- POJ1149 最大流经典建图PIG
题意: 有一个人,他有m个猪圈,每个猪圈里都有一定数量的猪,但是他没有钥匙,然后依次来了n个顾客,每个顾客都有一些钥匙,还有他要卖猪的数量,每个顾客来的时候主人用顾客的钥匙打开相应的门,可 ...
- hdu 4568 Hunter bfs建图+TSP状压DP
想AC的人请跳过这一段... 题目应该都能读懂.但是个人觉得这题出的很烂,意思太模糊了. 首先,进出次数只能是一次!!这个居然在题目中没有明确说明,让我在当时看到题目的时候无从下手. 因为我想到了这几 ...
- POJ 2049 Finding Nemo bfs 建图很难。。
Finding Nemo Time Limit: 2000MS Memory Limit: 30000K Total Submissions: 6952 Accepted: 1584 Desc ...
随机推荐
- 【深入理解Java虚拟机】垃圾回收
引用计数算法 给对象加一个计数器,引用一次+1,引用时效就-1,当计数器=0时对象就不能再被使用: 实现简单,判定效率高:Java虚拟接没有使用,主要原因是很难解决对象之间循环引用问题: GC算法: ...
- Codeforces Round #685 (Div. 2)
待补 A #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int n; int main() { int __; scanf("%d& ...
- MyBatis架构分析
我们都知道Mybatis是一个非常小巧灵活的ORM框架,深受国内广大开发者的喜爱,我们知道它的出现某种程度是为了消除所有的JDBC代码和参数的手工设置以及结果集的封装问题:基于这个一点,我们就可以 ...
- android分析之mutex
Android的锁是对Linux锁的一种包装: // ------------------------------------------------------------------------- ...
- CSS网页的布局
1 <!DOCTYPE html> 2 <html lang="en"> 3 <head> 4 <meta charset="U ...
- 白话解读 WebRTC 音频 NetEQ 及优化实践
NetEQ 是 WebRTC 音视频核心技术之一,对于提高 VoIP 质量有明显的效果,本文将从更为宏观的视角,用通俗白话介绍 WebRTC 中音频 NetEQ 的相关概念背景和框架原理,以及相关的优 ...
- Cai Xukun and Orz Pandas Gym - 102309C
题目链接:https://vjudge.net/problem/Gym-102309C 题意:给定蔡徐坤投篮的位置和篮筐的位置以及最大初速度,求一个初速度和时间. 思路:一开始我以为要用到二分,后面仔 ...
- PAT (Advanced Level) Practice 1015 Reversible Primes (20 分) 凌宸1642
PAT (Advanced Level) Practice 1015 Reversible Primes (20 分) 凌宸1642 题目描述: A reversible prime in any n ...
- [树形DP]战略游戏
战 略 游 戏 战略游戏 战略游戏 题目描述 Bob喜欢玩电脑游戏,特别是战略游戏.但是他经常无法找到快速玩过游戏的办法.现在他有个问题.他要建立一个古城堡,城堡中的路形成一棵树.他要在这棵树的结点上 ...
- day-04-列表
列表的初识 容器型数据类型,可以承载大量的数据,有序的数据 why:int bool str:'123 True 太白' str: 存储少量的数据. str:切片还是对其进行任何操作,获取的内容全都是 ...