BZOJ 2301: [HAOI2011]Problem b （莫比乌斯反演）

2301: [HAOI2011]Problem b

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Description

对于给出的n个询问，每次求有多少个数对(x,y)，满足a≤x≤b，c≤y≤d，且gcd(x,y) = k，gcd(x,y)函数为x和y的最大公约数。

Input

第一行一个整数n，接下来n行每行五个整数，分别表示a、b、c、d、k

Output

共n行，每行一个整数表示满足要求的数对(x,y)的个数

Sample Input

2

2 5 1 5 1

1 5 1 5 2

Sample Output

14

3

HINT

100%的数据满足：1≤n≤50000，1≤a≤b≤50000，1≤c≤d≤50000，1≤k≤50000

Source

 

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思路可以参考下面的链接：

http://www.cnblogs.com/zhsl/p/3269288.html

http://wenku.baidu.com/view/fbe263d384254b35eefd34eb.html

分段优化。

/* ***********************************************
Author        :kuangbin
Created Time  :2013/8/21 20:19:04
File Name     :F:\2013ACM练习\专题学习\数学\莫比乌斯反演\BZOJ2301.cpp
************************************************ */

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
#include <set>
#include <map>
#include <string>
#include <math.h>
#include <stdlib.h>
#include <time.h>
using namespace std;
const int MAXN = ;
bool check[MAXN+];
int prime[MAXN+];
int mu[MAXN+];
void Moblus()
{
    memset(check,false,sizeof(check));
    mu[] = ;
    int tot = ;
    for(int i = ; i <= MAXN; i++)
    {
        if( !check[i] )
        {
            prime[tot++] = i;
            mu[i] = -;
        }
        for(int j = ; j < tot; j ++)
        {
            if( i * prime[j] > MAXN) break;
            check[i * prime[j]] = true;
            if( i % prime[j] == )
            {
                mu[i * prime[j]] = ;
                break;
            }
            else
            {
                mu[i * prime[j]] = -mu[i];
            }
        }
    }
}
int sum[MAXN+];
//找[1,n],[1,m]内互质的数的对数
long long solve(int n,int m)
{
    long long ans = ;
    if(n > m)swap(n,m);
    for(int i = , la = ; i <= n; i = la+)
    {
        la = min(n/(n/i),m/(m/i));
        ans += (long long)(sum[la] - sum[i-])*(n/i)*(m/i);
    }
    return ans;
}
int main()
{
    //freopen("in.txt","r",stdin);
    //freopen("out.txt","w",stdout);
    Moblus();
    sum[] = ;
    for(int i = ;i <= MAXN;i++)
        sum[i] = sum[i-] + mu[i];
    int a,b,c,d,k;
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--)
    {
        scanf("%d%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d,&k);
        long long ans = solve(b/k,d/k) - solve((a-)/k,d/k) - solve(b/k,(c-)/k) + solve((a-)/k,(c-)/k);
        printf("%lld\n",ans);
    }
    return ;
}