【BZOJ 3676】 3676: [Apio2014]回文串 (SAM+Manacher+倍增)
3676: [Apio2014]回文串
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 128 MB
Submit: 2343 Solved: 1031Description
考虑一个只包含小写拉丁字母的字符串s。我们定义s的一个子串t的“出
现值”为t在s中的出现次数乘以t的长度。请你求出s的所有回文子串中的最
大出现值。Input
输入只有一行,为一个只包含小写字母(a -z)的非空字符串s。
Output
输出一个整数,为逝查回文子串的最大出现值。
Sample Input
【样例输入l】
abacaba【样例输入2]
wwwSample Output
【样例输出l】
7【样例输出2]
4HINT
一个串是回文的,当且仅当它从左到右读和从右到左读完全一样。
在第一个样例中,回文子串有7个:a,b,c,aba,aca,bacab,abacaba,其中:
● a出现4次,其出现值为4:1:1=4
● b出现2次,其出现值为2:1:1=2
● c出现1次,其出现值为l:1:l=l
● aba出现2次,其出现值为2:1:3=6
● aca出现1次,其出现值为1=1:3=3
●bacab出现1次,其出现值为1:1:5=5
● abacaba出现1次,其出现值为1:1:7=7
故最大回文子串出现值为7。
【数据规模与评分】
数据满足1≤字符串长度≤300000。
Source
【分析】
听说回文自动机可以秒掉这题,以后再学吧。
用串建SAM,然后求出right数组。
manacher告诉我们,本质不同的回文串最多n个,只有在mx变的时候可能增加一个回文串。
用manacher求出所有本质不同的回文串,然后在SAM上问。
那就是问[L,R]这个区间的子串出现了多少次【感觉这个用后缀数组的话是nlogn^2的
从SAM的pre边相当于AC自动机上的fail,形成一棵树,pre树上倍增即可。
就是从POS[R]开始跳,当他代表的子串的长度大于r-l+1,即可计入答案,当然子串长度越小越好(更有可能出现最多次)
【记得拓扑序
【啊。。。卡空间。。
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define Maxn 301000
#define LL long long // int mymax(int x,int y) {return x>y?x:y;}
LL mymax(LL x,LL y) {return x>y?x:y;}
int mymin(int x,int y) {return x<y?x:y;} LL ans=; struct node
{
int pre,step,son[],rt;
}t[*Maxn];int last,tot;
int v[*Maxn],q[*Maxn],pos[*Maxn]; int ff[*Maxn][];
void get_f()
{
for(int i=;i<=tot;i++) ff[i][]=t[i].pre;
for(int i=;i<=tot;i++)
{
int nw=q[i];
for(int j=;j<=;j++)
ff[nw][j]=ff[ff[nw][j-]][j-];
}
} int now;
struct sam
{
void extend(int k)
{
int np=++tot,p=last;
t[np].step=t[last].step+;
t[np].rt=;pos[++now]=np;
while(p&&!t[p].son[k])
{
t[p].son[k]=np;
p=t[p].pre;
}
if(!p) t[np].pre=;
else
{
int q=t[p].son[k];
if(t[q].step==t[p].step+) t[np].pre=q;
else
{
int nq=++tot;
memcpy(t[nq].son,t[q].son,sizeof(t[nq].son));
t[nq].step=t[p].step+;
t[nq].pre=t[q].pre;
t[q].pre=t[np].pre=nq;
while(p&&t[p].son[k]==q)
{
t[p].son[k]=nq;
p=t[p].pre;
}
}
}
last=np;
}
void init()
{
memset(v,,sizeof(v));
for(int i=;i<=tot;i++) v[t[i].step]++;
for(int i=;i<=tot;i++) v[i]+=v[i-];
for(int i=tot;i>=;i--) q[v[t[i].step]--]=i; for(int i=tot;i>=;i--)
{
int nw=q[i];
t[t[nw].pre].rt+=t[nw].rt;
}
}
void ffind(int l,int r)
{
l=l/+;r=(r+)/;
int x=pos[r];
for(int i=;i>=;i--)
{
if(t[ff[x][i]].step>=r-l+) x=ff[x][i];
}
ans=mymax(ans,1LL*(r-l+)*t[x].rt);
}
}sam; char s[Maxn];
// int a[2*Maxn],p[2*Maxn]; void manacher(int l)
{
v[]=;
for(int i=;i<l;i++) v[*i+]=s[i]-'a'+,v[*i+]=;
v[*l+]=;
l=*l;
int mx=,id=;
for(int i=;i<=l;i++)
{
if(i<mx) q[i]=mymin(mx-i+,q[*id-i]);
else q[i]=;
while(v[i+q[i]]==v[i-q[i]]&&i-q[i]>=)
{
q[i]++;
sam.ffind(i-q[i]+,i+q[i]-);
}
if(i+q[i]->mx) mx=i+q[i]-,id=i;
}
} int main()
{
scanf("%s",s);
int l=strlen(s);
last=tot=;now=;
for(int i=;i<l;i++) sam.extend(s[i]-'a'+);
sam.init();
get_f();
manacher(l);
printf("%lld\n",ans);
return ;
}
2017-04-17 16:54:09
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