树形dp系列
1.火车站开饭店
最大独立集裸题
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> #include<string> #define N 200000+20 using namespace std; ]; ; void link(int x,int y){ nxt[++tot]=head[x]; to[tot]=y; head[x]=tot; } void dfs(int x,int fa){ dp[x][]=a[x];//0为在独立集里 dp[x][]=;//1为不在 for (int i=head[x];i;i=nxt[i]){ if (to[i]==fa) continue; dfs(to[i],x); dp[x][]+=dp[to[i]][]; dp[x][]+=max(dp[to[i]][],dp[to[i]][]); } } int main(){ scanf ("%d",&n); ;i<=n;++i) scanf ("%d",&a[i]); int x,y; ;i<n;++i){ scanf ("%d%d",&x,&y); link(x,y),link(y,x); } dfs(,); printf (][],dp[][])); ; }
2.树的最小染色
考题 当时只打了两个状态 居然用我神奇的调试功力搞了10分?
考完之后愣是想了好久才想通 好像是最小支配集
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<algorithm> #define maxn 300000 #define INF 10000100 using namespace std; ,root=,sum,f[maxn][],ans=,g[maxn],sz[maxn]; void link(int x,int y) { nxt[++tot]=head[x]; to[tot]=y; head[x]=tot; } void dfs(int x) { if (!sz[x])//0 靠爸爸 1 靠儿子 2 靠自己 { f[x][]=,f[x][]=INF>>,f[x][]=v[x]; return ; } ,fl=; for (int i=head[x];i;i=nxt[i]) { int t=to[i]; dfs(t); f[x][]+=min(f[t][],min(f[t][],f[t][])); f[x][]+=f[t][]; ]>=f[t][]) fl=,s2+=f[t][]; ],s1=min(s1,f[t][]-f[t][]); } f[x][]+=v[x]; f[x][]=s2; ]+=s1; } int main() { int n; scanf ("%d",&n); ;i<=n;++i) { int x,y,z,k; scanf ("%d%d%d",&x,&y,&z); v[x]=y,sz[x]=z; ;j<=z;++j) { scanf ("%d",&k); link(x,k); g[k]=; } } ;i<=n;++i) if (!g[i]) root=i; dfs(root); cout<<min(f[root][],f[root][]); ; }
3.POJ 3659 Cell Phone Network
最小支配集 模板题 另外我发现我真的很喜欢打靠爸爸靠儿子还是靠自己之类的话23333
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> #include<string> #define ll long long #define db double #define N 20000 #define inf 1000000000 using namespace std; ]; ; void link(int x,int y){ nxt[++tot]=head[x]; to[tot]=y; head[x]=tot; } void dfs(int x,int fa){ dp[x][]=,dp[x][]=,dp[x][]=;//0属于 1靠儿子 2靠父亲 ,q=inf; for (int i=head[x];i;i=nxt[i]){ int t=to[i]; if (t==fa) continue; dfs(t,x); dp[x][]+=min(dp[t][],min(dp[t][],dp[t][])); ]!=inf&&dp[x][]!=inf) dp[x][]+=dp[t][]; ]=inf; ]>=dp[t][]) dp[x][]+=dp[t][],fl=t; ]+=dp[t][]; q=min(q,dp[t][]-dp[t][]); } ]+=q; ]) dp[x][]=inf; } int main(){ int n; scanf ("%d",&n); int x,y; ;i<n;++i){ scanf ("%d%d",&x,&y); link(x,y),link(y,x); } dfs(,); printf (][],dp[][])); ; }
4.POJ 2152 消防站
神题啊qwq 怎么推的出(瘫
围观了一下dalao的论文感觉很有道理又觉得不是很明白
后来翻到:http://blog.csdn.net/loi_dqs/article/details/50878337 在吸取了论文部分内容的基础上很快就明白了
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> #include<string> #include<queue> #include<vector> #define ll long long #define db double #define N 5000 using namespace std; ; int w[N],d[N],k[N],de[N][N],ans[N],f[N][N]; struct hh{ int to,nxt,w; }b[N]; int head[N]; void link(int x,int y,int w){ b[++tot].nxt=head[x]; b[tot].to=y; b[tot].w=w; head[x]=tot; } void dis(int x,int y,int fa,int di){ de[x][y]=min(de[x][y],di); for (int i=head[y];i;i=b[i].nxt){ int v=b[i].to; if (v==fa) continue; dis(x,v,y,di+b[i].w); } } void dp(int x,int fa){ for (int i=head[x];i;i=b[i].nxt){ int t=b[i].to; if (t==fa) continue; dp(t,x); } ;i<=n;++i){ if (de[x][i]>d[x]) continue; f[x][i]=w[i]; for (int j=head[x];j;j=b[j].nxt){ int k=b[j].to; if (k==fa) continue; f[x][i]+=min(f[k][i]-w[i],ans[k]); } ans[x]=min(ans[x],f[x][i]); } } int main(){ scanf ("%d",&n); ;i<=n;++i) scanf ("%d",&w[i]); ;i<=n;++i) scanf ("%d",&d[i]); int x,y,z; ;i<n;++i){ scanf ("%d%d%d",&x,&y,&z); link(x,y,z);link(y,x,z); } memset(f,0x3f,sizeof(f)); memset(de,0x3f,sizeof(de)); memset(ans,0x3f,sizeof(ans)); ;i<=n;++i) dis(i,i,,); dp(,); printf (]); ; }
UPD 2017_07_12
连考两天树形dp我都在鬼混 感觉很不好意思TAT(之前可能是白学了)(那个白学 不是那个白学)
发现了一点小套路?
感觉这一类题经常可以用两个dp的数组分别搞然后分情况转移合并 这样思路比较简单
也可以设三个左右状态互相转移 实现起来会更清爽qwq
然后好像经常设的都是N×M之类的 一般要数据范围别太大才能玩吧
状态大多跟父节点 子节点 子树的个数 在不在某状态中 一类有关qwq
还需多多领悟啊= =
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