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Description

打地鼠是这样的一个游戏:地面上有一些地鼠洞,地鼠们会不时从洞里探出头来很短时间后又缩回洞中。玩家的目标是在地鼠伸出头时,用锤子砸其头部,砸到的地鼠越多分数也就越高。

游戏中的锤子每次只能打一只地鼠,如果多只地鼠同时探出头,玩家只能通过多次挥舞锤子的方式打掉所有的地鼠。你认为这锤子太没用了,所以你改装了锤子,增加了锤子与地面的接触面积,使其每次可以击打一片区域。如果我们把地面看做MN的方阵,其每个元素都代表一个地鼠洞,那么锤子可以覆盖RC区域内的所有地鼠洞。但是改装后的锤子有一个缺点:每次挥舞锤子时,对于这RC的区域中的所有地洞,锤子会打掉恰好一只地鼠。也就是说锤子覆盖的区域中,每个地洞必须至少有1只地鼠,且如果某个地洞中地鼠的个数大于1,那么这个地洞只会有1只地鼠被打掉,因此每次挥舞锤子时,恰好有RC只地鼠被打掉。由于锤子的内部结构过于精密,因此在游戏过程中你不能旋转锤子(即不能互换R和C)。

你可以任意更改锤子的规格(即你可以任意规定R和C的大小),但是改装锤子的工作只能在打地鼠前进行(即你不可以打掉一部分地鼠后,再改变锤子的规格)。你的任务是求出要想打掉所有的地鼠,至少需要挥舞锤子的次数。

Input

第一行包含两个正整数M和N;

下面M行每行N个正整数描述地图,每个数字表示相应位置的地洞中地鼠的数量。

Output

输出一个整数,表示最少的挥舞次数。

Sample Input

3 3

1 2 1

2 4 2

1 2 1

Sample Output

4

Hint

由于你可以把锤子的大小设置为1*1,因此本题总是有解的。

$1 \leq M,N \leq 100 $,其他数据不小于0,不大于\(10^5\)

Solution

显然,可以使用枚举 r 和 c 的方式,可以发现,二维差分以后,就可以得到每个点作为子矩阵左上角的敲击次数(如果该方案可行的话),若一个 r x c 的方案不可行,当且仅当利用差分进行区间减法之后出现点的差分值为负,这样时间效率为 O(n^4);

考虑进行优化,容易发现,对于上述算法,一个方案可能可行,当且仅当这个方案满足\((rc)|(\Sigma a_{i} )\),且答案一定为 $ \frac { \Sigma a_{i} } {rc} $ ;

故容易发现两种简单剪枝方式:

  1. 可行性剪枝: 判断(rc)|(nm)是否成立;
  2. 最优性剪枝:判断当前枚举的 r x c 是否比答案的大。

    由于剪枝后避免了众多不可行的运算,时间复杂度O(能过)。

Code

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define R register
#define MN 155
inline int read(){
R int x; R bool f; R char c;
for (f=0; (c=getchar())<'0'||c>'9'; f=c=='-');
for (x=c-'0'; (c=getchar())>='0'&&c<='9'; x=(x<<3)+(x<<1)+c-'0');
return f?-x:x;
}
int v[MN][MN],c[MN][MN],p[MN][MN],n,m,ans=1,sum;
int main(){
n=read(),m=read();
for (R int i=1; i<=n; ++i)
for (R int j=1; j<=m; ++j)
v[i][j]=read(),sum+=v[i][j],c[i][j]=v[i][j]+v[i-1][j-1]-v[i][j-1]-v[i-1][j];
for (R int r=n; r; --r)
for (R int C=m; C; --C){
R int res=r*C;
if (sum%res||res<ans) continue;
R bool f=1;memcpy(p,c,sizeof(c));
for (R int i=1; i<=n; ++i)
for (R int j=1; j<=m; ++j){
if (p[i][j]<0){
f=0; break;
}
if (!p[i][j]) continue;
if (i+r>n+1||j+C>m+1){
f=0; break;
}
p[i][j+C]+=p[i][j];
p[i+r][j]+=p[i][j];
p[i+r][j+C]-=p[i][j];
}
if (f) ans=res;
}
printf("%d\n",sum/ans);
return 0;
}

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