题目描述

fqk 退役后开始补习文化课啦,于是他打开了数学必修一开始复习函数,他回想起了一次函数都是 f(x)=kx+b的形式,现在他给了你n个一次函数 fi(x)=kix+b,然后将给你m个操作,操作将以如下格式给出:
    1.M i k b,把第i个函数改为 fi(x)=kx+b。
    2.Q l r x,询问 fr(fr−1(…fl(x))) mod 1000000007的值。

输入

第一行两个整数n,m,代表一次函数的数量和操作的数量。
接下来n行,每行两个整数,表示 ki,bi。
接下来m行,每行的格式为 M i k b 或 Q l r x。

输出

对于每个操作Q,输出一行表示答案。

样例输入

5 5
4 2
3 6
5 7
2 6
7 5
Q 1 5 1
Q 3 3 2
M 3 10 6
Q 1 4 3
Q 3 4 4

样例输出

1825
17
978
98 n,m≤200000,k,b,x<1000000007。

一看这个题的样子就是线段树,我们观察一次函数性质则有

剩下的线段树的区间合并一下它的左右儿子就好了

 #include <bits/stdc++.h>

 using namespace std;
typedef long long ll;
const ll mod = 1e9+;
const int maxn = ;
int kk[maxn],bb[maxn];
int n,m;
char op[];
struct node
{
int l,r;
ll k,b;
}tree[maxn<<];
node Union (node x,node y)
{
node tmp;
tmp.l=x.l,tmp.r=y.r;
tmp.k=(x.k*y.k)%mod;
tmp.b=((y.k*x.b)%mod+y.b)%mod;
return tmp;
}
void pushup(int now)
{
tree[now] = Union(tree[now<<],tree[now<<|]);
}
void build (int now,int L,int R)
{
if (L==R){
tree[now].l=L,tree[now].r=L;
tree[now].k=kk[L];tree[now].b=bb[L];
return ;
}
int mid = (L+R)>>;
build(now<<,L,mid);
build(now<<|,mid+,R);
pushup(now);
}
void update (int now,int pos,int kkk,int bbb)
{
if (tree[now].l==tree[now].r){
tree[now].k=kkk,tree[now].b=bbb;
return;
}
int mid = (tree[now].l+tree[now].r)/;
if (pos<=mid)
update(now<<,pos,kkk,bbb);
else
update(now<<|,pos,kkk,bbb);
pushup(now);
}
node query (int now,int L,int R)
{
if (tree[now].l==L&&tree[now].r==R)
return tree[now];
int mid = (tree[now].l+tree[now].r)/;
if (R<=mid)
return query(now<<,L,R);
else if (L>mid)
return query(now<<|,L,R);
else
return Union(query(now<<,L,mid),query(now<<|,mid+,R));
}
int main()
{
//freopen("de.txt","r",stdin);
scanf("%d%d",&n,&m);
for (int i=;i<=n;++i)
scanf("%d%d",&kk[i],&bb[i]);
build(,,n);
for (int i=;i<m;++i){
scanf("%s",op);
if (op[]=='M'){
int x,y,z;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
update(,x,y,z);
}
else{
int lll,rrr,xx;
scanf("%d%d%d",&lll,&rrr,&xx);
node anss=query(,lll,rrr);
ll ans = ((anss.k*xx)%mod+anss.b)%mod;
printf("%lld\n",ans);
}
}
return ;
}

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